【附20套中考模拟试卷】广东省广州海珠区四校联考2019-2020学年中考物理模拟试卷含解析

参考答案

一、单选题（本大题共10小题，共30分） 1．D 【解析】 【分析】

已知灯泡额定电压与额定功率，应用电功率公式求出灯泡的电阻，然后应用串并联电路特点与电功率公式比较灯泡实际功率大小，再分析答题。 【详解】 由

可知，灯泡电阻：

；由图示电路图可知，两灯泡

并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流； A、两灯泡并联，灯泡两端电压U相等，R1＜R2，由

可知：P1＞P2，灯L1比L2亮，故A错误；

B、两灯泡并联，它们两端的电压相等，灯泡实际电压之比为1：1，故B错误；

C、电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，如果灯L2灯丝断了，通过L2的电流为零，两电流表示数都变小，电压表示数不变，不符合题意，故C错误；

D、若将灯L1、L2串联后接入电路，通过两灯泡的电流I相等，两灯都能发光，则实际功率之比：

，故D正确；

故选：D。 【点睛】

本题是一道电学综合题，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用电功率公式、串并联电路特点与欧姆定律即可解题。 2．D 【解析】 【详解】

A．弹簧的弹力大小与弹簧的形变有关，形变越大弹力越大，A说法错误；

B．动能的大小与速度有关，在质量不变时，速度越大，物体动能越大，由乙图可得小球的速度先增大后减小，B说法错误；

C．在小球与弹簧发生作用时，有能量转移，即小球的机械能转移到弹簧上，C说法错误； D．小球在b点时速度最大，小球向下的合力为零，即此时重力等于弹力，D说法正确． 3．D 【解析】

【详解】

A．实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子的比热容小，吸热能力弱，故A错误． B．在本实验中，物体吸热多少是由加热时间决定的．故B错误．

C．将沙子和水加热到相同温度时，据Q=Cm△t，水吸收的热量多．故C错误．

D．加热相同的时间，吸收的热量相等，据Q=Cm△t，末温低的物质比热容大，吸热能力强．故D正确． 4．B 【解析】 【分析】

连通器的特点：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的． 【详解】

A．壶嘴和壶身构成了连通器；

B．拦河大坝是根据液体压强随深度的增加而增大的特点修建成上窄下宽的形状，不属于连通器； C．下水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，属于连通器； D．船闸上端开口，底部相连，构成了一个连通器； 5．D 【解析】 【详解】

设A点到液面的距离是hA，B点到液面的距离是hB，由图知：hA＞hB，因为A、B两点的压强相等，由P=ρgh，得： ρAghA=ρBghB， ρAhA=ρBhB，

因为hA＞hB，所以ρA＜ρB．

金属球甲、乙分别浸没在A、B两液体中，设液面上升的高度分别为：△hA、△hB，A点的压强大于B点的压强，即：

ρAg（hA+△hA）＞ρBg（h'B+△hB）， 因为 ρAhA=ρBhB， ρA＜ρB，

所以△hA＞△hB，由图知两容器的底面积SA＞SB，两球浸没在液体中，液面上升的体积，即两球排开液体的体积SA△hA＞SB△hB，因为两球排开液体的体积等于它们自身的体积，所以V甲＞V乙，故C错误，D正确．

球的质量m=ρV，因为不知道两球的密度关系，所以不能判断两球的质量关系，故AB错误．答案为D．

6．C 【解析】

a的温度的变化量比b的温度变化量大；如图所示，在某一定时间时，利用热量的计算公式Q=\△t\分析，a的比热容小，是酒精；b的比热容大，是水．故选C．

思路分析：如图所示，可以采用控制变量法分析，具体做法在时间一定时，比较温度的变化量；然后再利用热量的计算公式分析即可．

试题点评：本题采用了控制变量法，这是一种常用的一种分析问题和探究物理问题的方法．学生要熟知其道理． 7．C 【解析】 【详解】

A．由电路图可知，R1和R2串联，电压表V1测R1两端的电压，V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当开关S闭合，滑片由a端向b端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=U/R可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；

因电压表V2示数与电流表A示数比值等于滑动变阻器接入电路的阻值，因此比值变小，故A错误； B．因电压表V1示数与电流表A示数比值等于R1的阻值，所以，滑片移动时，电压表示数与电流表示数的比值不变，故B错误；

C．由U=IR可知，R1两端电压变大，故C正确；

D．因串联电路总电压等于各分电压之和，所以由U2=U﹣U1可知：即电压表V2读数会变小，故D错误。 8．C 【解析】 【详解】

热机的功率越大，表示做功越快，与效率无关，故A错误；

热机做的有用功占燃料完全燃烧放出热量的比例越大，热机的效率越高，热机效率与热机做的有用功无关，故B错误；

使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率，故C正确；

增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D错误； 故选C。 9．A 【解析】 【详解】

A．图甲是奥斯特实验，说明电流周围存在着磁场，改变电流方向，磁场方向发生变化，因此图甲可以研

究电流的磁场方向与电流方向的关系，故A正确。

B．根据小磁针的左端为N极，可知螺线管的右端为N极，根据安培定则可以判断螺线管上电流的方向向下，电流从螺线管左端流入，右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极，故B错误。 C．图丙的水位达到金属块A时，控制电路闭合，电磁铁有磁性，吸引衔铁，红灯亮，故C错误。 D．图丁是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机工作的原理图，故D错误。 10．C 【解析】 【详解】

玻璃泡中的碘吸热热升华为紫色的碘蒸气，故玻璃泡内弥漫了紫色的碘蒸气； A．正在消融的冰凌，固态变为液态，是熔化过程； B．花朵上形成的露珠，是水蒸气遇冷液化形成的； C．冬天冰冻衣服晾干，冰直接变为水蒸气，是升华过程； D．冬天形成的雾凇，水蒸气直接变为固态的冰晶，为凝华过程； 故选C。 【点睛】

牢记升华和凝华的概念，即物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华． 二、多选题（本大题共3小题，共12分） 11．BC 【解析】

如图两电阻串联，电压表测量滑动变阻器R2的电压，电流表测量电路中的电流； 由乙图知，R2的电压2V时，功率为0.8W，根据P?UI得： 此时电流为：I?P20.8W?=0.4A， U22VP2'0.5W?=0.1A； U2'5V当R2的电压5V时，功率为0.5W，电流又为：I'?根据电源电压不变得：

IR1?2V?I'R1?5V，解得：R1?10Ω，故A错误；

电源电压为：U?IR1?2V=0.4A?10Ω?2V=6V，故C正确； R2的最大阻值为，R2?U2'5V??50Ω，故B正确； I'0.1A当滑动变阻器滑片位于最左端时，只有R1接入电路工作，此时功率最大，所以该电路消耗的最大电功率为：