2019-2020年高一下学期第二次月考物理答案

2019-2020年高一下学期第二次月考物理答案

1．A 2．A 3．C 4．C 5．C 6．C 7．B 8．D 9．AB 10．AD 11．BD 12．ABD 13．（1）ACE （2）①是 ②8 ③0．8 ④ 【解析】 试题分析：（1）通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动．故A正确．因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度．故B错误，C正确．因平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，在相同时间里，位移越来越大，因此木条（或凹槽）下降的距离不应是等距的，故D错误；实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线．故F错误，E正确．故选ACE．

（2）①因为竖直方向上相等时间内的位移之比为1：3：5：7，符合初速度为零的匀变速直线运动特点，因此可知a点的竖直分速度为零，a点为小球的抛出点．

②由照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4可得乙图中正方形的边长l=4cm；竖直方

向上有：△y=2L=g′T，解得：

2

．

③水平方向小球做匀速直线运动，因此小球平抛运动的初速度为：

．

④b点竖直方向上的分速度

；

．则

14．（1）船头应垂直于河岸行驶；80s

（2）船头指向上游，与河岸间的夹角为53°；100s 【解析】 试题分析：（1）要使船到达对岸的时间最短，即为在垂直于河岸的方向上船的速度最大，即为船头应垂直于河岸行驶，如图所示，最短时间为：tmin===80s

（2）要使船航程最短，即为让船垂直河岸渡河，船航行的实际速度垂直于河岸，如图所示；设船在静水中的速度方向与河岸间的夹角为θ，船在静水中的速度沿河岸上的分量大小与水流的速度大小相等，方向相反，有：v静cosθ=v水 即为：cosθ= 得：θ=53°

即为船头指向上游，与河岸间的夹角为53° 此时合速度为：v合===4m/s 渡河时间为：t===100s 15、【答案】（1）； （2） 【解析】

试题分析：（1）末物体的竖直方向的分速度，故。 （2）落地时速度。 考点：平抛运动 16．（1）vy=4m/s，v0=3m/s（2）1．4s 【解析】 试题分析：（1）由题意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑，说明此时小球速度方向与斜面平行，否则小球会弹起，所以， 代入数据，得vy=4m/s，v0=3m/s．

（2）小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度 初速度v==5m/s

H12?vt?at2?t2?1s 2sin53o2所以 17．（1）1 rad/s；（2）2 rad/s。 【解析】

试题分析：（1）当转台角速度为ω1时，B与转台间摩擦力恰好达最大静摩擦力，细绳的弹力刚好为零；有： 代入数值解得：ω1=1 rad/s。

（2）当转台角速度为ω2时，A、B与转台间摩擦力都达最大静摩擦力，则： 对A有：； 对B有：

代入数值解得：ω2=2 rad/s。 考点：向心力，匀速圆周运动。 18．（1） （2）t1＝0．3s 【解析】

试题分析：（1）物块平抛： 物块离开滑道时的速度：

拉动物块的加速度，由牛顿第二定律：F－μmg＝ma1

得：a1＝8m/s

撤去外力后，由牛顿第二定律：－μmg＝ma2

2

得：a2＝-2 m/s

物块加速获得速度：v1＝a1t1＝4m/s

2

12v2?v12?4m 则所需滑道的长度:L?x1?x2?a1t1?22a（2）盘转过一圈时落入，拉力时间最短；盘转过一圈时间：

物块在滑道上先加速后减速，最终获得：v＝a1t1＋a2t2

物块滑行时间、抛出在空中时间与圆盘周期关系：t1＋t2＋t＝T 由上两式得：t1＝0．3s