2019-2020学年哈尔滨市平房区中考物理一模试卷（有标准答案）

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【解答】解：A、船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，船闸是最大的人造连通器，故A正确；

B、飞机的机翼是根据伯努利原理设计的，由于机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，从而形成向上的升力，故B正确；

C、海市蜃楼是由于光经过不均匀的大气层时发生折射形成的，故C正确；

D、煤炭、石油属于化石能源，人类早已经大规模利用，属常规能源；核能、地热能属于新能源，故D错误． 故选D．

7．如图所示，用瓶起子开启瓶盖，下列说法正确的是（ ）

A．使用瓶起子能省功 B．使用瓶起子能省力

C．瓶起子受到的阻力方向为竖直向上 D．瓶起子与瓶盖下方的接触点为瓶起子的支点 【考点】杠杆的应用．

【分析】（1）使用任何机械都不省功．

（2）动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆． （3）阻碍杠杆运动的力为阻力． （4）杠杆绕着转动的点叫支点．

【解答】解：A、使用任何机械都不省功，因此使用瓶起子不能省功，故A错误； B、瓶起子开启瓶盖时，动力臂大于阻力臂，可看作是省力杠杆，故B正确； C、阻力作用在瓶盖的下方，瓶起子受到的阻力方向为竖直向下的，故C错误；

D、杠杆绕着转动的点叫支点，因此，瓶起子与瓶盖上方的接触点为瓶起子的支点；故D错误． 故选B．

8．某同学把橡皮泥捏成小船放入水中，小船漂浮在水面，然后把橡皮泥捏成一团放入水中，它沉在水底．对这一现象，下列说法错误的是（ ） A．橡皮泥漂浮时，所受重力不变 B．橡皮泥沉底时，所受浮力等于它的重力

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C．掾皮泥沉底时，它排开水的体积比漂浮时小 D．橡皮泥漂浮时，所受浮力比它沉底时所受浮力大 【考点】物体的浮沉条件及其应用．

【分析】（1）物体的浮沉条件：浸没液体或气体中的物体，如果F浮＞G，ρ液＞ρ物，物体将上浮；如果F浮＜G，ρ液＜ρ物，物体将下沉；如果F浮=G，ρ液=ρ物，物体将悬浮． （2）阿基米德原理：F浮=ρ液gV排，据此分析判断．

【解答】解：A、无论橡皮泥漂浮还是下沉，重力不变；故A正确； B、根据浮沉条件，橡皮泥沉底时所受浮力小于它的重力，故B错误；

CD、同一块橡皮泥，把它捏成小船漂浮在水中受到的浮力F浮=G，浸没在水中会下沉，此时F浮＜G，漂浮在水中受到的浮力比这块橡皮泥浸没在水中时受到的浮力大；橡皮泥漂浮在水中受到的浮力比这块橡皮泥浸没在水中时受到的浮力大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，沉底时，它排开水的体积比漂浮时小，故CD正确． 故选B．

9．如图所示的实验现象揭示的物理原理或规律与其对应的应用错误的是（（ ）

A． B． C． D．

【考点】磁场对通电导线的作用；电磁感应；热机；电荷间的相互作用规律．

【分析】利用图示的实验现象，明确其反应的物理规律．然后再与该选项中的应用技术涉及的理论去对应，从而可以确定其正误．

【解答】解：A、物理原理：通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理，给出的应用是扬声器，两者对应，故A正确；

B、物理原理：异种电荷相吸；而给出的是验电器，是利用同种电荷相斥的原理制成的，原理不一致，故B错误；

C、物理原理：蒸汽对风车做功，即内能转化为机械能；给出的是内燃机的做功冲程，即是将内能转化为机械能的过程，故原理一致，故C正确；

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D、物理原理：电磁感应现象，即可以产生感应电流；给出的动圈式话筒，也是利用电磁感应现象的原理工作的，故原理一致，故D正确； 故选B．

10．如图所示电路，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光．如果将滑动变阻器的滑片P向左滑动，下列说法中正确的是（ ）

A．电压表的示数变大，灯L变亮 B．电压表的示数变大，灯L变暗 C．电压表的示数变小，灯L变暗 D．电压表的示数变小，灯L变亮 【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化．

【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压， 当将滑动变阻器的滑片P向左滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小， 由I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，故AB错误； 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

由PL=ULIL可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故C错误，D正确． 故选D．

11．用如图所示的甲、乙两个相同的滑轮组，在相同的时间内，提起相同的重物，至同一高度，不计绳重及摩擦，下列分析正确的是（ ）

A．F甲小于F乙

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B．F甲做的功大于F乙做的功 C．甲、乙两个滑轮组机械效率相等 D．F甲做功的功率大于F乙做功的功率

【考点】滑轮组绳子拉力的计算；功的大小比较；机械效率的大小比较；功率大小的比较． 【分析】（1）不计绳重及摩擦，根据承担物体的绳子的段数可判断拉力的大小；

（2）拉力所做的功为有用功与额外功之和，明确有用功与额外功的大小，可判断拉力做功的大小；

（3）机械效率是有用功与总功的比值，知道了功的关系，可得出机械效率的关系； （4）功率等于功与时间的比值，据此可比较功率的大小．

【解答】解：A．不计绳重与摩擦时，动滑轮的重相同，甲由两段绳子承担，乙由三段绳子承担，所以乙更省力，即F甲大于F乙，故A错误；

B、提起相同的重物至同一高度，由W=Gh可知，有用功相同，不计绳重及摩擦，动滑轮的重相同，则额外功相同；总功等于有用功加额外功，所以总功相同，故B错误；

C、机械效率是有用功与总功的比值，由上述分析可知，甲乙的有用功相同、总功相同，所以机械效率相等，故C正确；

D、甲、乙做的总功相同，所用时间也相同，由公式P=可知，F甲做功的功率等于F乙做功的功率，故D错误． 故选C．

12．如图电路中，L是标有“6V 6W”字样的小灯泡，闭合开关后小灯泡正常工作，电流表A2示数为1.5A，下列判断正确的是（ ）

A．电阻R的阻值为6Ω B．电流表A1示数为0.5A C．电阻R消耗的功率为3W D．电路消耗的总功率为12W 【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系．

【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，电流表A1测L支路的电流，电流表A2测干路电流．根据并联电路的电压特点和额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据P=UI求出

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