江西省新余市2015-2016学年高一(下)期末物理试卷(解析版)

次通过BC24cmABBC0.2s0.1s180km，的时间分别为，与段与段的距离相等，均为通过，若该星球的半径为与 求：1 ）该星球表面的重力加速度；（2 ）环绕该行星的卫星做圆周运动的最小周期为多少？（

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17ROABCm A的小物块自为水平半径，，为竖直直径．一质量为．如图所示，光滑半圆弧轨道半径为CCM上．点相切的粗糙水平滑道处以某一竖直向下的初速度滑下，进入与在水平滑道上有一轻弹簧，其C点（此时弹簧处于自然状态）一端固定在竖直墙上，另一端恰位于滑道的末端．若物块运动过程中弹簧EBμ，重力最大弹性势能为点．已知物块与水平滑道间的动摩擦因数为，且物块被弹簧反弹后恰能通过pg ，求：加速度为1B 点时的速度大小；（）物块被弹簧反弹后恰能通过2cF 的大小；）物块离开弹簧刚进入半圆轨道（点时对轨道的压力N3Av ．处开始下滑时的初速度大小（）物块从0

Bv=10m/sA18=37°θ两轮间距．如图所示，一个与水平方向成，传送带的传送带逆时针转动，线速度为、AL=10.25mm=1kg处，物体与传送带之间的动摩擦因数．一个质量的可视为质点的物体轻放在离2 =0.8g=10m/s=0.6=0.5sin37cos37°°μ．求：．，， Aa1的大小；）物体在处加速度（ E2；）物体在传送带上机械能的改变量△（ 3Q．）物体与传送带因摩擦而产生的热量（

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参考答案DCDDABCA BD BC AD BCD

二、实验题131B ）．（

2． ）

（

3． （ ）

））未计算（间的摩擦力做功（．（ 三、计算题 23AO141）摩擦力．

（）由图象知：．解： =2m/sv；代入数据得：0 2m/s．故物体的初速度为 8m24内，物体 115，

只受摩擦力作用，由动能定理得：）﹣（ mgx=0Eμ；﹣﹣K12

）（﹣ =0.25=μ；代入数据得： 0.25；故物体和平面间的摩擦系数为 4m30内，由动能定理得：=EE Fxmgxμ；﹣﹣K0K111 F=4.5N．代入数据得： 4.5NF．的大小为故拉力 2m/s1；）物体的初速度为答：（ 20.25；）物体和平面间的摩擦系数为（ 3F4.5N．）拉力的大小为（ 16v1gA．由运动学规律有：）设设星球表面的重力加速度为（点时的速度为，通过．解：0

，

，，，21122 g=8m/s．解上述两试得： ， x=24cmx=48cmt=0.3st=0.2s，

）卫星在星球表面附近做圆周运动的周期最小，根据 2mg=得：（

T=；5 942sT=300R=1.8x10mπ．≈，代入数据解得：

）由题意可知，物块在．解：（ 5第页 B171mg=m点满足：

得

22 mv=mg2CB mv2R? （ ）物块由+点到 点机械能守恒： ． BC

mg=mCF′，点：在﹣N=6 mg

F′由以上三式联立可得N =F=6 mgCF′ ． 由牛顿第三定律可知，物块对轨道最低点 的压力

NN

，由能量守恒定律可得：（+）设弹簧的最大压缩量为Cp A点下滑到弹簧达最 2 3dmgdmvE=μ，

大压缩量的过程应用能量守恒定律可得：对物块由

2 mgdmvmgR=Eμ + + p0

、处时传送带对物体有向下的摩 =v解得：0A 18mgsinmgcos=ma1…①θμθ由牛顿第二定律：擦力作用．+）解：（物体在

（达到与传送带相对静止，发生的位移为）设物体经过时间 …②解得： v=atx2t…③，则：

…④ x=5mL=10.25m…⑤，表明以后物体将继续下滑．联解得：＜ mgcos=ma'amgsin…⑥θ′

θμ﹣设物体继续下滑的加速度为，则： xE=mgcosmgcosLx…⑦μθ?θμ）﹣由功能关系：△（﹣ 1JE=…⑧﹣联解得：△ t3B′，则：所用时间为（）设物体继续下滑至

（﹣ mgcosQ=d…θ? …⑨ xd=dvtvt'Lx…⑩]）+[）﹣（﹣设物体相对于传送带的位移为，则：μ …联解得：Q=21J

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