江苏专版2019版高考物理单元检测二相互作用

8．BC [F的大小不变，转动过程中F垂直斜面的分量F1垂直斜面向上且先增大后减小，由物体垂直斜面方向的合力为零得FN＝mgcos θ－F1，故物体与斜面间的弹力一定先减小后增大，A错误，B正确；F沿斜面的分量F2先沿斜面向下减小，后沿斜面向上增大，F2沿斜面向下时，Ff静＝mgsin θ＋F2，静摩擦力随着F2的减小而减小，若F沿斜面向上的分量F2大于重力沿斜面向下的分量，即F2>mgsin θ，静摩擦力反向，此后Ff静＝F2－mgsin θ，静摩擦力随着F沿斜面向上的分量F2的增大而增大，C正确，D错误．]

9．AD [对甲图分析可知，甲中A物体受到的摩擦力为静摩擦力，方向与运动方向相反，为阻力；B物体受到A的摩擦力为动力，方向向左；乙图中，A、B相对静止，只能是A、B均静止，故A受摩擦力向右，为阻力，B受摩擦力向左，为阻力，A、D正确．] 10．CD [设弹簧弹力为F，当Fcos 30°＝mgsin 30°时，即F＝0；若F＞

3

mg时，A所受摩擦力为3

33

mg时，A受到的摩擦力沿斜面向下，弹力越大，摩擦力越大；若F＜mg时，A33

3

mg2

受到的摩擦力沿斜面向上，弹力越大，摩擦力越小，可见A、B错误，C正确；当F＝

1

时，A所受摩擦力大小为Ff＝Fcos 30°－mgsin 30°＝mg，方向沿斜面向下，D正确．]

411．BD [以C为研究对象受力分析，运用合成法作图，根据平衡条件得A、B对C的弹力的合力与重力等大反向，如图甲所示：

由几何知识得：FNA＝mg，故C错误； 以A为研究对象受力分析，如图乙所示，

根据平衡条件，水平方向：Ff＝FNCsin θ＝FNAsin 60°＝

3

mg，故A错误，B正确；竖直方2

1

向：FN地＝Mg＋FNC·cos θ＝Mg＋mg，根据牛顿第三定律，物块A对地面的压力大小为FN地′

21

＝Mg＋mg，故D正确．]

2

12．BD [以半球和小球整体为研究对象，整体处于平衡状态，不受摩擦力作用，A项错误．对33

小球受力分析如图，拉力FTA＝mgtan θ，由几何关系可知tan θ＝，则FTA＝mg，B项正

44确．在A点下移时，小球位置不变，重力的大小和方向都不变，FN的方向不变，FTA与重力之间的夹角逐渐减小，由力的矢量三角形法则知FN逐渐增大，C项错误．在剪断细线的瞬间，细线对小球的拉力消失，小球在沿切线方向有mgsin θ＝ma，其中sin θ＝0.6，得a＝0.6g，D项正确．]

13．(1)F (2)B (3)ABC (4)可以，因为OB和OC的作用是确定两个力的方向

解析 (1)题图乙中的F与F′中，F′是由平行四边形定则得出的，而F是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮条的方向相同，一定与AO共线的是F. (2)本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B.

(3)拉橡皮条的绳细一些且长一些，以便记录拉力的方向，选项A正确；拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应靠近木板且与木板面平行，选项B正确；同一次验证过程中O点位置应相同，以保证等效性，选项C正确；拉力F1和F2的夹角应该大小适当，选项D错误；故选A、B、C.

(4)在进行实验时，图甲中的OB和OC可以用橡皮条代替；理由：因为OB和OC的作用是确定两个力的方向．

14．(1)见解析图 (2)30° (3)解析 (1)受力分析如图所示

3

5

(2)以m为研究对象，由平衡条件得

Fcos 30°－FTcos θ＝0 Fsin 30°＋FTsin θ－mg＝0

联立解得θ＝30°

(3)以M、m整体为研究对象，由平衡条件得 水平方向Fcos 30°－μFN＝0 竖直方向FN＋Fsin 30°－Mg－mg＝0 联立解得μ＝3 5

15．(1)32 N (2)6 N 方向沿斜面向下 解析 (1)对物体A受力分析，如图所示：

根据平衡条件并运用正交分解法可知，y轴上合力为零，即有：FN＝mAgcos 37° 代入数据可得：FN＝4×10×0.8 N＝32 N

(2)对物体A，先假设静摩擦力平行斜面向上，根据平衡条件并结合正交分解法，有： 平行斜面方向：FT＋Ff＝mAgsin 37°

FT＝mBg

联立解得：Ff＝－6 N，故方向沿斜面向下． 16．(1)64.8 N (2)76.4 N

解析 对结点P受力分析如图甲所示，由平衡条件得：

在竖直方向：FTAcos 37°－G1＝0 在水平方向：FTAsin 37°－FTB＝0 联立并代入数据解得：FTB＝6 N

对木块受力分析如图乙所示，由平衡条件得： 沿斜面方向：Ff－G2sin 37°－FTB′cos 37°＝0 沿垂直斜面方向：FN＋FTB′sin 37°－G2cos 37°＝0

FTB＝FTB′

以上联立并代入数据解得：Ff＝64.8 N，FN＝76.4 N. 17．(1)见解析图 (2)250 N/m (3)

3 6

解析 (1)匀速下滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向上)，受力分析如图所示，

匀速上滑时，小木块受重力、斜面的支持力、弹簧的拉力和摩擦力(沿斜面向下)，受力分析如图所示，

(2)由受力分析图得

匀速下滑：kx1＋Ff1＝Gsin 30°，x1＝L1－L0 匀速上滑：kx2＝Gsin 30°＋Ff2，x2＝L2－L0

Ff1＝Ff2，得k＝

2Gsin 30°

＝250 N/m

x1＋x2

(3)由Ff1＝μFN1＝μGcos 30°＝Gsin 30°－kx1 得μ＝

Gsin 30°－kx150×0.5－250×0.053

＝＝.

Gcos 30°63

50×

2