【解析】黑龙江省双鸭山市一中2019-2020学年高二上学期开学考试生物试题

双鸭山市第一中学2019--2020学年度上学期开学考试

高二学年生物试卷

一、单选题

1.下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述正确的是（ ）

A. 孟德尔选择豌豆是因为其自然条件下是纯合子，且有易于区分的相对性状 B. 豌豆杂交时对父本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋 C. F1测交将产生4种(1∶1∶1∶1)表现型的后代，是孟德尔假说的内容 D. 自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞自由结合 【答案】A 【分析】

孟德尔选择豌豆是因为豌豆是自花传粉、闭花受粉植物，自然条件下是纯合子，且有易于区分的相对性状，豌豆杂交时操作程序为：母本去雄→套袋→人工授粉→套袋；假说─演绎法是指提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论，在两对相对性状的杂交实验中，孟德尔作出的解释是：F1形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以自由组合；F1产生四种比例相等的配子，且雌雄配子结合机会相同。F1测交将产生四种表现型的后代，比例为1：1：1：1，属于演绎推理。

【详解】A、孟德尔选择豌豆是因为其自然条件下是纯合子，且有易于区分的相对性状，A正确；

B、豌豆杂交时对母本的操作程序为：去雄→套袋→人工授粉→套袋，B错误； C、F1测交将产生四种表现型的后代，比例为1：1：1：1，这是演绎推理，C错误； D、自由组合定律指在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合；F1产生的4种类型的精子和卵随机结合是受精作用，D错误。 故选A。

2.下列关于遗传学上几种交配类型及作用的叙述，错误的是 A. 杂交：可探索控制生物性状的基因的传递规律 B. 自交：主要用于动、植物纯合子和杂合子的鉴定 C. 测交：用于验证遗传基本规律理论解释的正确性

- 1 -

D. 正交与反交：检验生物的性状属于核遗传还是质遗传 【答案】B 【分析】

杂交是不同基因型的个体的交配，可探索控制生物性状的基因的传递规律； 自交是指相同基因的个体的交配，一般是指植物的自花传粉。 测交指待测个体与隐性纯合子相交配，从而测定待测个体的基因组成；

正交和反交是相对而言的，正交中父方和母方分别是反交中母方和父方，主要用于检验是细胞核遗传还是细胞质遗传。

【详解】A.杂交指植物的异花受粉和动物不同个体间的交配，将不同优良性状集中到一起，得到新品种，可探索控制生物性状的基因的传递规律，A正确；

B.自交是指植物的自花（或同株）受粉，可用于植物纯合子、杂合子的鉴定，B错误； C.测交是指F1与隐性纯合子相交，从而测定Fl的基因组成，C正确；

D.正交和反交是相对而言的，正交中父方和母方分别是反交中母方和父方，主要用于检验是细胞核遗传还是细胞质遗传，D正确。 故选B。

【点睛】熟悉各种交配方式的界定和用途是判断本题的关键。

3.在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，黄色（A）对灰色（a1）、黑色（a2）为完全显性，灰色（a1）对黑色（a2）为完全显性，且存在A纯合胚胎致死现象。下列相关杂交及其结果的叙述错误的是

A. 一对杂合黄色鼠杂交，后代的分离比接近2：1 B. 该群体中黄色鼠有2种基因型

C. 黄色鼠与黑色鼠杂交后代中黑色鼠的比例一定为1/2 D. Aa2鼠与a1a2鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为1/8 【答案】C 【分析】

根据题意可知，控制鼠体色的基因有A、a1、a2，它们属于复等位基因，在某一个体内，控制

- 2 -

体色的基因只有两个。其遗传遵循基因的分离定律。

【详解】A、一对杂合黄色鼠杂交，根据分离定律，后代应出现三种基因型，且比例为1∶2∶1，由于存在A纯合胚胎致死现象，后代的分离比接近2：1，A正确； B、该群体中黄色鼠有Aa1、Aa22种基因型，B正确； C、黄色鼠Aa1与黑色鼠a2a2杂交，后代没有黑色鼠，C错误；

D、 Aa2鼠与a1a2鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为（1/4）×（1/2）=1/8，D正确。 故选C。

4.某常染色体遗传病，基因型为AA的人都患病，基因型为Aa的人有2/3会患病，基因型为aa的人都正常。一对新婚夫妇中女性正常，她的母亲是AA患病，她的父亲和丈夫的家族中均无该病患者，请推测这对夫妇的儿子患病的概率是（） A. 1/8 【答案】C 【分析】

根据题意分析可知：某常染色体遗传病受一对等位基因控制，所以遵循基因的分离定律．由于一对新婚夫妇中女性正常，而她的母亲是AA患病，她的父亲和丈夫的家族中均无该病患者，所以她的父亲和丈夫的基因型都为aa．该女性的基因型为Aa。

【详解】该女性的父亲和丈夫的家族中无该病患者，又已知该女性母亲的基因型为AA，可判断该女性的基因型为Aa，其丈夫的基因型为aa，由于基因型为Aa的人有2/3患病，所以这对夫妇的儿子患病（Aa）的概率是1/2×2/3=1/3，故选C。

【点睛】注意：性别在前，性状在后，即问男、女患病概率——不乘1/2；性状在前，性别在后，即问男女患病概率——乘1/2。

5.已知牛的体色由一对等位基因（A、a）控制，其中基因型为AA的个体为红褐色，aa为红色，在基因型为Aa的个体中，雄牛为红褐色，雌牛为红色。现有一群牛，只有AA、Aa两种基因型,其比例为1：2，且雌：雄=1：1．若让该群体的牛进行自由交配，则子代的表现型及比例分别是（ ） A. 红褐色：红色=2：1 C. 红褐色：红色=8：1

- 3 -

B. 1/21 C. 1/3 D. 1/4

B. 红褐色：红色=4：1 D. 红褐色：红色=4：5

【答案】A 【分析】

根据题意分析可知：一群牛中只有AA、Aa两种基因型，其比例为1：2，且雌：雄=1：1，则AA和Aa的基因型频率分别为AA：1/3和Aa：2/3；所以A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3。

【详解】根据题意亲本的基因型及概率：1/3AA、2/3Aa，且雌∶雄＝1∶1，所以A的基因频率为2/3，a的基因频率为1/3。自由交配的子代中基因型AA占2/3×2/3=4/9，Aa占2×2/3×1/3=4/9，aa占1/3×1/3=1/9，在基因型为Aa的个体中有1/2为红褐色(雄牛)，1/2为红色(雌牛)，因此，子代中红褐色个体占4/9+1/2×4/9=2/3，则红色占1/3，即红褐色∶红色＝2∶1。综上所述，BCD错误，A正确。 故选A。

6.在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，则基因Y和y都不能表达。现有基因型WwYy的个体自交，有关于子代基因型与表现型的叙述，正确的是

A. 有9种基因型，其中基因型为wwYy、WwYy的个体表现为白色 B. 有9种基因型，其中基因型为Wwyy、wwyy的个体表现为绿色 C. 有3种表现型，性状分离比为12∶3∶1 D. 有4种表现型，性状分离比9∶3∶3∶l 【答案】C 【分析】

西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因（Y）对绿皮基因（y）为显性，但在另一白色显性基因（w）存在时，基因Y和y都不能表达，说明其符合基因的自由组合定律。基因型WwYy的个体自交，本应是4种表现型为9：3：3：1，由于抑制基因的存在，W_表现为白色，故应有3种表现型。

【详解】基因型位WwYy的个体自交,后代有9种基因型，其中基因型为W_的个体都表现为白色，A错误；基因型为WwYy的个体自交,后代有9种基因型，其中基因型为wwyy的个体表现为绿色，B错误；由于白色显性基因（W）存在时，基因Y和y都不能正常表达．所以基因型

- 4 -