河北省唐山市2017-2018学年八年级物理下学期期末试卷(含解析)

原来压强的一半，所以它们对水平地面的压强仍相等；故B错误；

CD、若均沿图中所示虚线截去上面的一半，重力减小一半，压力减小一半，受力面积不变，根据p＝可知，剩余部分对水平地面的压强均为原来的一半，而原来它们对水平地面的压强相等，所以此时剩余部分对水平地面的压强仍相等；故C正确； 原来它们对水平地面的压强相等，由图知SA＜SB，根据G＝F＝pS可知，GA＜GB， 若将A叠放在B的正上方，则B对水平面的压力：F′＝GA+GB＜2GB， 此时B对水平面的压强： p′＝

＜

＝2×

＝2pB，故D错误。

故选：ABD。

【点评】本题考查压强公式的灵活运用，比较柱形物体对支持面的压强大小可借用p＝ρgh来判断。关键是选择合适的公式。 二、填空题（共4小题，每小题4分，满分22分）

12．【分析】车经过盘山路时要向高处运动，故我们可以从斜面模型上分析。使用斜面可以省力。斜面越平缓，越省力，但同时越费距离，但不省功。

【解答】解：在高度一定的情况下，盘山公路增加了路面的长度，盘山公路实际上是简单机械中的斜面，使用斜面可以省力。 故答案为：斜面；省力。

【点评】生活中应用了很多斜面模型，可以帮我们省力，减轻我们将物体举高时所需要的力，但是并不能省功。

13．【分析】判断物体是否做匀速直线运动，采用相同时间比较通过的路程的方法，若相同的时间内通过的路程相等，则物体做匀速直线运动；若相同的时间内通过的路程不相等，则物体做变速直线运动；处于平衡状态的物体，一定受平衡力的作用；处于非平衡状态的物体，一定受非平衡力的作用。根据P＝Fv分析判断功率的大小。

【解答】解：物体在MO段做匀速直线运动，摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，所以MN段受到的摩擦力为3N。

由图可知，在相同的时间内，OQ的路程大于MN，故物体在OQ段做的是加速运动，说明此时受到的摩擦力要小于MN段的摩擦力，即小于3N。

由图可知，在相同的时间内，OQ的路程大于MN，故物体在OQ段做的是加速运动，说明

此时的速度大于MN段的速度，根据P＝Fv可知，F在MN段做功的功率小于在OP段做功的功率。

故答案为：小于；小于。

【点评】处于平衡状态的物体，一定受平衡力的作用；处于非平衡状态的物体，一定受非平衡力的作用。

14．【分析】（1）U形管中液面的高度差表示了压强的大小，从图中可以看出压强的大小是相同的，再结合浸没的深度和p＝ρgh可判断哪个杯中的液体密度大小；

（2）影响液体内部压强大小的因素有深度和液体的密度，据此来通过读图做出判断。 （3）没有吹风时，左右两管上方的压强相同都等于大气压强，当管子中有气体通过时，增大左管上方流速，减小左管上方的压强，液体在压强差作用下移动形成高度差，据此进行解答。

【解答】解：（1）由图可知，两U形管中液面的高度差相同，说明探头受到的液体压强相同，且两液体中左侧探头的位置较深；由p＝ρgh的变形式ρ＝密度小于右侧液体的密度，即ρ1＜ρ2。

（2）读图可知，压强计的探头在两液体中的深度是相同的，而U形管中液面的高度左边小于右边，说明甲中的压强更大，故可以判断甲液体的密度更大。

若使U形管中的液面再次相平，根据p＝ρgh可知，应增大乙容器中的探头在液体中的深度；或减少甲容器中探头的深度

（3）由图乙可知，左侧U形管液面的高度差较大，说明左侧U形管中左侧液面上方压强较小，

由流速越大的位置压强越小可知，左侧管子中气体的流速较大，即v1＞v2 故答案为：（1）＜；（2）左塑料盒上提；（3）＞。

【点评】本题考查了液体压强公式的应用以及流速与压强的关系，知道U形管中液柱的高度差表示了压强的大小是关键。本题综合性较强，不仅涉及液体压强特点的探究过程，而且也涉及液体压强的计算，要熟练掌握液体压强的特点的实验以及实验过程注意的问题

15．【分析】（1）覆杯实验证明了大气压的存在，扎眼后瓶内气压等于大气压，水和纸就会下落；

（2）有两个著名的实验对大气压的研究起了至关重要的作用：一是马德堡半球实验证明

可知，左侧液体的

了大气压的存在在，二是托里拆利实验测出了大气压能支持的水银柱的高，并由此计算出大气压的值。 【解答】解：

（1）大气压可以支持大约10.34m高的水柱（p0＝ρ

水

gh），杯中装满水后大气压完全可

以支持不落下来，在杯底用针扎一小孔，杯内有空气，纸片上方就有了大气压，上下气压相等，纸片在重力作用下就会下落，水在重力的作用下会洒落；

（2）在托里拆利实验中，玻璃管内外水银面高度差所产生的压强等于外界大气压，所以，图2中大气压值为73厘米汞柱。

故答案为：大气压；水会洒落；托里拆利；73。

【点评】本题借助一个趣味实验考查学生对大气压知识的理解和掌握，知道在托里拆利实验中水银柱高度的确定。 三、解答题（共4小题，满分37分）

16．【分析】（1）①要画重力的示意图首先要找力的作用点，即重心，从力的作用点起沿重力的方向画一条带箭头的线段。若知道重力的大小在线段的末尾标上力的大小。 ②力臂的画法是：从支点向力的作用线做垂线。

（2）①杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小； ②设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；

③从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂； ④根据杠杆的平衡条件求出弹簧测力计的示数；阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。

【解答】解：（1）重物的重心在物体的几何重心，重力的方向是竖直向下的，从作用点起沿竖直向下的方向，画一条带箭头的线段。

O点是杠杆的支点，从支点向拉力F1作用线做垂线，即是力臂。如图所示：

；

（2）①调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，支点到力的作用点的距离就

是力臂，便于测量力臂大小；

②设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA＝FBLB， 即4G×3L＝FB×2L，解得FB＝6G，需挂6个钩码；

③“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向，故选项B正确；

④图中钩码的重力为G＝mg＝4×0.05kg×10N/kg＝2N，杠杆平衡的条件：F1L1＝F2L2可知，弹簧测力计的示数为：F＝

＝3N；

由图示可知，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，弹簧测力计拉力F的力臂LC变小，FA＝4G，LA＝3L保持不变，由杠杆平衡条件：FALA＝FLC，可知弹簧测力计的拉力变大。 故答案为：（1?）如上图；（2）①便于测量力臂大小；②6；③B；④变大。

【点评】（1）利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或杠杆的哪端下沉等，杠杆平衡条件应用很广泛；

（2）当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。

17．【分析】（1）实验时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在动滑轮下的钩码缓慢上升；

（2）若静止时读数，测没有考虑到摩擦对滑轮组机械效率的影响； 机械效率是有用功占总功的比值，是永远小于1的； （3）由表格中数据可知，根据η＝

＝

×100%求出滑轮组的机械效率分析回答；

（4）仔细观察图中弹簧测力计的分度值，便可找出答案； （5）根据η＝

＝

×100%求出滑轮组的机械效率

（6）若仅减小提升钩码的个数，有用功变小，额外功不变，有用功占总功的比例小，据此分析；

（7）图中给我们印象最深的应该是一个巨大的动滑轮，提起一个小皮箱，从额外功、有功用的角度对机械效率进行分析。 【解答】解：