四川省攀枝花市2018-2019学年高二上学期期末教学质量监测物理试题

攀枝花市2018-2019学年度（上）普通高中教学质量监测

高二物理

一、选择题

1.下列各图中，金属导体棒ab所受安培力F方向正确的是

A. B. C. D.

【答案】A 【解析】 【分析】

左手定则：伸开左手，让拇指和其余四指垂直，并且都在一个平面内，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。 【详解】A、根据左手定则，导体棒ab所受安培力方向垂直于导体棒斜向上，A正确； B、ab棒放置和磁场方向平行，不受安培力，B错误；

C、根据左手定则，ab棒所受安培力方向垂直于导体棒向下，C错误； D、根据左手定则，ab棒所受安培力方向垂直于导体棒向左，D错误； 故选A。

【点睛】本题重点考查学生利用左手定则判断安培力方向的能力。

2.如图所示，A1、A2为电流表，V为电压表， C为电容器，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，电源电动势为E，内阻为r。现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向右移动过程中，下列结论正确的是

A. 电压表V示数变小 B. 电流表A1示数变小 C. 电流表A2示数变大

D. 电容器C上电荷量增大 【答案】A 【解析】 【分析】

局部电阻的变小，会引起全电路电阻的变小，根据闭合电路欧姆定律，可得到干路电流的变化情况，路端电压的变化情况；根据串并联电流电压的特点，可以判断各支路电表示数的变化情况。

【详解】ABC、将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，导致路端总电阻变小，根据又因为

可知，干路电流增大，即电流表A1示数变大；

，则路端电压减小，则电压表V的示数变小；R2为定值电阻，故流过R2的电

流减小，即电流表A2示数变小；故A正确，BC错误； D、因电容器跟电阻R2并联，故电容器两端的电压为U，因减小，故D错误。 故选A。

【点睛】熟练掌握闭合电路欧姆定律及其变形表达式，清楚串并联电路电流电压的关系，是解决问题的关键。

3.如图所示，坐标系 xOy位于纸面内，两根直导线M、N垂直纸面放置，M、N位于x轴上关于O点对称。若在M、N中通有大小相等的电流，M中电流方向垂直纸面向外，N 中电流方向垂直纸面向里，两电流在y轴上的P点产生的合磁场方向为

，可知，电容器上的带电量

A. x轴正方向 B. x轴负方向 C. y轴正方向 D. y轴负方向 【答案】C 【解析】

【详解】根据安培右手定则，导线M在O点产生的磁场方向沿y轴正方向，导线N在O点产生的磁场方向沿y轴正方向，故坐标原点O处的合磁场沿y轴正方向。

【点睛】知道磁场的矢量叠加原理，并能熟练使用安培右手定则，是解决问题的关键。 4.如图所示，某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为a∶b∶c=3∶2∶1。在此长方体的上、下、左、右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1、2、3、4。在1、2两端加上恒定电压，导体的电阻为R1；在3、4两端加上恒定电压，导体的电阻为R2，则R1∶R2为

A. 1∶3 B. 3∶1 C. 9∶1 D. 1∶9 【答案】D 【解析】 【分析】

确定导体的长度和横截面积的大小，根据电阻定律

，即可求解。

可知，1、2

【详解】设c的长度为L，则b的长度为2L，a的长度为3L，根据电阻定律

两点间的电阻为故本题选D。

；3、4两点间的电阻为，故。

5.如图所示的电路中，电源电动势E=4 V，内阻r=0.5 Ω，定值电阻R=1 Ω。开关S闭合后，电动机M刚好正常工作，理想电流表A的示数为1 A。电动机的线圈电阻R0=0.5 Ω，下列说法中正确的是

A. 定值电阻消耗的热功率3.5 W B. 电动机的输出功率为2 W

C. 电动机两端的电压为2 V D. 电源的输出功率是4 W 【答案】B 【解析】 【分析】

定值电阻的功率由焦耳定律求得，电源的输出功率由总功率减去内阻功率，电动机是非纯电阻电路，输出功率等于输入功率与热功率之差。 【详解】A、定值电阻消耗的热功率BC、电动机两端的电压动机线圈上的发热功率为确，C错误； D、电源的输出功率为故选B。

【点睛】电动机是非纯电阻电路，输出功率等于输入功率与热功率之差；电源的输出功率由总功率减去内阻功率，要注意功率公式的适用条件。

6.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，a点坐标为（0,0）、电势φa=10 V；b点坐标为（,1）、电势φb=13 V；d点坐标为（V；则坐标为（0,4）的c点电势φc 为

,3）、电势φd=1

，D错误。

，A错误； ，则电动机的电功率为，所以，电动机的输出功率为

，又因为电

，B正

A. -3 V B. -2 V C. 4 V D. 7 V 【答案】C 【解析】 【分析】