2020届东北三省三校(哈师大附中 东北师大附中 辽宁省实验中学)高三第二次联合考试物理试题及答案解析

2020届哈师大附中、东北师大附中、辽宁省实验中学

高三第二次联合考试物理试题参考答案

1．C 【解析】

A． 卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，天然放射现象揭示了原子核具有复杂的结构，故A错误；

B． 半衰期的大小与温度无关，改变温度，不会改变半衰期，故B错误； C． 放射性同位素发出的 γ 射线能进行金属探伤，故C正确；

D． 比结合能越大的原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，与结合能的大小无关。结合能还与核子数有关，故D错误。 故选C。 2．D 【解析】 根据

可知，图像的斜率代表感应电动势，故感应电动势随时间变化关系的是D图

像，ABC错误。 故选D。 3．C 【解析】 0~通过图像可知，

1t0时间段内，加速度正向均匀减小，故v-t图像的斜率为正且均匀减小，21t0~t0时间段内，加速度反向均匀增大，故v-t图像的斜率为负且均匀增大，t0~2t0加速2度变化重复0~t0过程，故图像C正确，ABD错误。 故选C。 4．B 【解析】

对整体受力分析可知，使A、B保持相对静止的最大外力为：

F?(M?m)a

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隔离B有：

?mg?Ma

联立解得：

F?图像斜率

m(M?m)?g

Mk?m(M?m)m?m(1?)

MMAB． 若m取一更大的值，则图象的斜率变大，故A错误B正确； CD． 若M取一更大的值，则图象的斜率变小，故CD错误。 故选B。 5．C 【解析】

AB．根据动量守恒可知：

(m火?m卫)v0?m火(v1?Vv)?m卫v1

代入数据解得：

v卫?7.3?103m/s

故AB错误；

CD．因为火箭壳体和卫星一起以7.0?103m/s的速度绕地球做匀速圆周运动，分离后火箭速度大于该轨道环绕速度，故分离后较短时间内卫星将做离心运动，故C正确D错误。 故选C。 6．AD 【解析】

A．因为从A到B的过程中，电场力做正功，所以，和原来相比，小球机械能增大，故A正确；

B．小球机械能增大，在B点速度比原来大，且受到库仑斥力，则小球运动到B点时对轨道的压力比原来大，故B错误；

CD．A、C处在同一等势面上，所以从A到C，电场力做功为零，到C点速度与原来相同，机械能与原来相同，但由于存在库仑斥力，所以到C点时对轨道的压力比原来大，故C错误D正确。

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故选AD。 7．BD 【解析】

AB．对小球从A到B过程根据动能定理有：

FR?mgR?所以若F?12mv?0 23mg，小球动能为负值，故不可能到达B点；若F=mg，小球到达B点动能恰4好为零，恰好到达B点，故A错误B正确；

C． 若F=mg，则合力大小为2mg ，方向与水平夹角为45? ，小球经过C点时，合力与速度方向，即切线方向垂直，故此时合力功率为零，故C错误； D． 若F=2mg，对小球从A到B过程根据动能定理有：

2mgR?mgR?解得：

12mv?0 2v?2gR 小球之后竖直方向匀减速到零，运动时间：

t?水平方向：

v2R ?ggx?故全程外力做功：

1F2?t?2R 2mW?F(R?2R)?6mgR

所以，机械能增加6mgR，故D正确。 故选BD。 8．ABD 【解析】

AB．根据图示可知，电流从a流向b，根据左手定则可以判断，导体棒受到的安培力水平向左，导体棒沿导轨缓慢向下滑动，时刻处于平衡状态，根据平衡可知，支持力等于重力与安培力的合力，是矢量三角形的斜边，现缓慢将滑片P从一端移动到另外一端，电流一直减

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小，安培力一直减小，支持力减小，当滑到水平位置时，支持力与重力相等，故AB正确；C．因为开始时静止平衡，现导体棒向下滑动，则向右的安培力应减小，根据F?BIL 可知，电流应减小，电阻增大，则滑片P应由D点向C点滑动，故C错误； D． 导体棒ab的电阻为

R ，归为电源内阻，滑动变阻器的总阻值为R，故在滑动变阻器2电阻减小到零的过程中，根据电源输出功率与外电阻关系可知，滑动变阻器消耗的功率先增大后减小，故D正确。 故选ABD。

9．C C v'1和v'2 小于 【解析】

(1) [1] 小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即测量射程，故C正确AB错误。

(2) [2] 如果碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

m1v0?m1v1?m2v2

小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：

m1v0t?m1v1t?m2v2t

得：

m1OP?m1OM?m2ON

因此实验需要过程为：测量两球的质量、实验过程中需要利用重锤和重锤线记录斜槽末端在白纸上的投影位置来确定落点从而确定小球的水平位移，同时为了保证发生对心碰撞，球的大小相同，防止入射球反弹，应保证m1应大于m2，故ABD正确不符合题意，C错误符合题意。

(3) [3][4] 在步骤④中小球1从斜槽开始滚下时的位置比A点低一些，这将影响碰前小球的初速度，进而影响碰后速度，故会影响v'1和v'2。因为释放点低，根据动能定理可知，碰前速度减小，碰前总动量减小，则碰后总动量减小，故导致系统的碰后动量测量值小于系统的碰前动量测量值。

10．红表笔 9 150 60 1050

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