2015-2016学年上海市复旦大学附中高二（上）期末物理试卷（卷一）

故选：D。

【点评】过理想气体A和B点，分别做它们的等容变化的P﹣t图，得出A和B的体积的关系，是解决该题的关键．

6．【分析】在如图所示的电场中，等量异种电荷连线上的电场方向是相同的，由+Q指向﹣Q；根据电场线的疏密分析场强的变化．电场线越密，场强越大，两电荷连线上的电场强度大小关于O点对称，MN是一条等势线．根据顺着电场线电势降低，判断电势的变化．从而判断电场力做功情况．

【解答】解：A、由电场线的分布可知，沿直线由A到B，电场线先变疏后变密，则电场强度先减小后增大。故A正确，B错误；

C、沿中垂线由M到O，电场线越来越密，电场强度一直增大。故C错误。 D、MN是一条等势线。将一电荷从M点移到O点，电场力不做功，．故D错误。 故选：A。

【点评】解决本题的关键知道等量异种电荷周围的电场线分布，知道两电荷连线的中垂线是等势线，同时还要明确连线上的电场强度的变化情况．

7．【分析】气体做的是等温变化，列两个PV＝C的公式，联立即可求解．

【解答】解：气体做的是等温变化，所以有：PV＝1.2P（V﹣△V）和PV＝P′（V﹣2△V）联立两式得P′＝1.5P，故D正确。 故选：D。

【点评】本题考查了气体的等温变化，列出公式即可解决，题目不难．

8．【分析】分析电路可知电路的结构：变阻器两侧电阻并联后与R0串联．由滑片的移动方向分析外电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，再分析内电压及路端电压的变化；即可得出电压表及电流表的变化．

【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器的左侧电阻与右侧电阻并联后与R0串联；电压表测路端电压，电流表测流过干路电流；

第9页（共15页）

当滑动片P由a移到b的过程中，左侧电阻减小，右侧电阻增大，总并联电阻先增大后减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流I先减小后增大，电源的内电压先减小后增大，路端电压先增大后减小，故电压表示数U先增大后减小；故B正确，ACD错误； 故选：B。

【点评】本题的关键在于明确滑动变阻器的接法为左右两端并联，故滑片移动时，滑动变阻器接入电阻先增大后减小．

二、多选题（每题5分，共15分，有错不得分，漏选得部分分）

9．【分析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．

【解答】解：A、根据欧姆定律求出的电流与电压成正比，与电阻成反比，故不是比值定义法，故A错误；

B、电场强度由电场本身的性质决定，其大小与电场力和电量无关，属于比值定义法，故B正确；

C、点电荷的电场强度计算式E＝k

????2，属于决定式，故不属于比值定义法，故C错误；

D、磁感应强度B与F和IL无关，采用了比值定义法，故D正确。 故选：BD。

【点评】解决本题的关键理解比值定义法的特点：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．

10．【分析】当开关闭合后，灯泡L3的电压等于3V，由图读出其电流I，灯泡L1、L2串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电阻．

【解答】解：A、L3的电压为3V，故其电流为0.5A；灯泡L1、L2串联，电压均为1.5V，故电流为0.4A；故L3的电流不是L1电流的2倍；故A错误；

B、L3的电压为3V，电流为0.5A，故电阻R3=0.5??=6??，故B正确；

C、L1的电压为1.5V，电流为0.4A，故功率P1＝UI＝1.5×0.4＝0.6W，故C正确； D、L2的电压为1.5V，电流为0.4A，故功率P2＝UI＝1.5×0.4＝0.6W，故D错误； 故选：BC。

【点评】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压．读图能力是基本功．

第10页（共15页）

3??

11．【分析】左手定则：左手平展，让磁感线穿过手心，使大拇指与其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内． 把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，手心面向N极，四指指向电流所指方向，则大拇指的方向就是导体受力的方向． 根据左手定则的内容，逐个分析判断即可的出结论．

【解答】解：逆向解题法。A、磁感应强度方向为z正向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y负方向，直导线不能平衡，所以A错误；

B、磁感应强度方向为y正向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿z正方向，根据平衡条件，当BIL刚好等于mg时，绳的拉力为零，所以B=????，所以B正确； C、磁感应强度方向为z负方向，根据左手定则，直导线所受安培力方向沿y正方向，根据平衡条件BILcosθ＝mgsinθ，所以B=

????

????????，所以C正确； ????????

D、磁感应强度方向沿悬线向上，根据左手定则，直导线所受安培力方向如下图（侧视图），直导线不能平衡，所以D错误。 故选：BC。

【点评】左手定则和右手定则一定要区分开，如果是和力有关的则全依靠左手定则，即，关于力的用左手，其他的（一般用于判断感应电流方向）用右手定则． 三、填空题（每题4分，共16分）

12．【分析】明确热力学温标的定义，从而明确对应的温度变化，电灯泡内气体经历等容过程，根据查理定律列式求解即可．

【解答】解：1k和1℃是相等的，故由20℃到500℃气体温度升高了500﹣20（k）＝480K； 气体经历等容过程，根据查理定律，有：

??

500+273

??0??1

=

????2

解得：P=??2??0=20+273×1.013×105=2.6×105Pa

2故答案为：480； 2.6×105

【点评】题关键是明确封闭气体的变化特点，然后选择恰当的气体实验定律列式求解，注意公式中的T为热力学温度，要注意换算．

第11页（共15页）

13．【分析】通过线圈的磁通量可以根据Φ＝BSsinθ进行求解，θ为线圈平面与磁场方向的夹角．

2

【解答】解：根据Φ＝BSsinθ，则有：Φ=????(2)2=2×102×π×（0.1）＝2π×104 Wb

﹣

﹣

??

当线圈与磁场方向平行时：根据Φ＝BSsinθ 则 Φ＝0 故答案为：2π×104，0

﹣

【点评】解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大Φ＝BS．

14．【分析】根据对称关系，可以求得ABCD四个点上的点电荷在O点产生的电场的电场强度，将A点外的电荷移走后，利用点电荷产生的电场强度的公式E＝k

????2分别求出BCD

三个点上的点电荷在A点产生的电场的电场强度，再由矢量的合成法则可求得A点的电场强度的大小．

【解答】解：AC两顶点上的正点电荷在O点产生的电场强度大小相等，方向相反，合场强为零，同理BD两顶点上的正点电荷在O点出生的合场强也为零，故则O点的电场强度为零．

D点上的点电荷在A处出生的电场的场强为：E1=??B点上的点电荷在A处出生的电场的场强为：E2=??C点上的点电荷在A处出生的电场的场强为：E3=????

，方向沿DA方向； ??2??

，方向沿BA方向； ??2??(√2??)2=??

??

，方向沿CA方向； 2??222由矢量的合成得BCD三点上点电荷在A点产生的电场的场强为：E=√??1+??2+E3=

(√2+2)??

1

??

． ??212??． ??2故答案为：0，(√2+)??【点评】该题考查了点电荷产生的电场的电场强度的大小以及电场强度的合成问题，解答该题要明确公式E＝k

????2的适用条件，只适用于点电荷产生的电场；同时要注意电场强

度的叠加，运用平行四边形定则进行求解，同时注意对称关系在电场中的应用． 15．【分析】根据右手螺旋定则得出直导线周围的磁场方向，结合场强的叠加，根据??=????求出a点的场强，根据乙导线所处位置的场强，结合安培力公式求出安培力的大小． 【解答】解：设两导线间距为d，根据右手螺旋定则知，甲导线在O点的场强方向垂直纸面向里，乙导线在O点的场强方向垂直纸面向里，根据场强的叠加有：

第12页（共15页）

??