四川省成都七中实验学校2016-2017学年高一下学期月考生物试卷(3月份)Word版含解析

B．自交时，雌蕊和雄蕊都无需除去 C．杂交时，须在开花前除去母本的雌蕊 D．人工授粉后，应套袋

【考点】82：单因子和双因子杂交实验．

【分析】豌豆是自花闭花授粉植物，在自然条件下只能进行自交，要进行杂交实验，需要进行人工异花授粉，其过程为：去雄（在花蕾期去掉雄蕊）→套上纸袋→人工异花授粉（待花成熟时，采集另一株植株的花粉涂在去雄花的柱头上）→套上纸袋．

【解答】解：A、杂交时，须在开花前除去母本的雄蕊，防止自花传粉，A正确；

B、自交时，不能去除雌蕊和雄蕊，否则无法自交，B正确； C、杂交时，须在开花前除去母本的雄蕊，而不是雌蕊，C错误； D、人工授粉后，应套袋，防止外来花粉的干扰，D正确． 故选：C．

18．家猫的毛色中黑色对白色为显性．黑色杂合子雌雄猫交配后，一窝产下了四只小猫，这四只小猫的毛色是（ ） A．三只黑色，一只白色

B．一只黑色，三只白色

C．四只全为黑色 D．A、B、C三种情况都可能出现 【考点】85：基因的分离规律的实质及应用．

【分析】家猫的毛色中黑色对白色为显性（用A、a表示），黑色杂合子雌雄猫交配，即Aa×Aa，根据基因分离定律，后代基因型及比例为AA：Aa：aa=1：2：1，表现型及比例为黑色：白色=3：1．据此答题．

【解答】解：A、子代数目较少，不一定会出现3：1的性状分离比，因此这四只小猫的毛色可能是三只黑色，一只白色；

B、子代数目较少，不一定会出现3：1的性状分离比，因此这四只小猫的毛色可能是一只黑色，三只白色；

C、子代数目较少，不一定会出现3：1的性状分离比，因此这四只小猫的毛色可能是四只全为黑色或全为白色；

D、A、B和C中的三种情况都可能出现．

故选：D．

19．有关下面遗传图解的说法，错误的是（ ）

A．①②表示产生配子的减数分裂过程 B．③表示雌雄配子随机结合的过程

C．Aa能产生数目相等的配子，即雄配子：雌配子=1：1 D．子代中，Aa个体在显性个体中所占的比例为 【考点】85：基因的分离规律的实质及应用．

【分析】根据题意和图示分析可知：图示为Aa的自交，后代基因型分离比是AA：Aa：aa=1：2：1．在实验过程中，①②为减数分裂形成配子的过程，③为受精作用．

【解答】解：A、根据题意分析图中①②为减数分裂形成配子的过程，A正确； B、根据题意分析可知③表示雌雄配子随机结合的过程，为受精作用，B正确； C、基因型为Aa的植物体产生配子A：配子a=1：1，雄配子数目远远多于雌配子数目，C错误；

D、子代中，Aa个体在显性个体（AA：Aa=1：2）中所占的比例为，D正确． 故选：C．

20．豌豆种皮灰色对白色为显性，子叶黄色对绿色为显性．豌豆甲自交后代全部为灰种皮黄子叶，豌豆乙自交后代全部为白种皮绿子叶．现将甲花粉授到乙柱头上，受精后所得到的种子（ ） A．种皮全呈白色，子叶全呈黄色 B．种皮全呈白色，子叶全呈绿色 C．种皮全呈灰色，子叶全呈绿色 D．种皮全呈灰色，子叶全呈黄色

【考点】87：基因的自由组合规律的实质及应用．

【分析】种子的形成（胚和胚乳的发育）阶段完成于母本体内，胚（胚芽、胚轴、胚根和子叶）是由受精卵发育而来的，其基因来自于父本和母本双方；种皮是由珠被发育而来的，其基因仅来自母本一方．所以子代胚的性状（如子叶颜色）在母本植株上即可观察到，而子叶的颜色要在下一代植株上才能体现出来． 【解答】解：（1）将甲花粉授到乙柱头上，乙作母本，种皮颜色由乙植株基因型决定，为白色；

（2）豌豆甲自交后代全部为黄子叶，说明甲是显性纯合子，豌豆乙自交后代全部为绿子叶，说明乙是隐性纯合子．将甲花粉授到乙柱头上，子代均为杂合子，所以乙所结种子（F1代）的子叶由受精卵发育而来，应表现为黄色． 故选：A．

21．黄色圆粒和绿色圆粒豌豆亲本杂交，对其子代的表现型按每对相对性状进行统计，结果如图所示，则杂交后代中，新表现型类型占的比例为（ ）

A． B． C． D．

【考点】87：基因的自由组合规律的实质及应用．

【分析】分析题图：图中圆粒：皱粒=3：1，说明圆粒是显性性状，亲本都是杂合子Aa；图中黄色：绿色=1：1，说明亲本是杂合子测交，基因型为Bb、bb． 【解答】解：根据以上分析已知双亲的基因型为AaBb、Aabb，后代与亲本表现型相同的概率为×+×=，所以则杂交后代中，新表现型类型占的比例为1﹣=． 故选：B．

22．若基因型为AaBbCCDDee的个体与基因型为AABbCcDDEe的个体交配，在子代中纯合子的比例应是（ ）

A． B． C． D．

【考点】87：基因的自由组合规律的实质及应用．

【分析】对于此类试题，考生需熟练掌握逐对分析法进行相关概率的计算，即首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘．据此答题．

【解答】解：基因型为AaBbCCDDee的个体与基因型为AABbCcDDEe的个体交配，根据基因自由组合定律，在子代中纯合子的比例应是故选：C．

23．已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交．下列关于杂交后代的推测，正确的是（ ） A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为 D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为

=．

【考点】87：基因的自由组合规律的实质及应用．

【分析】分析题意可知，本题涉及了三对等位基因，并且独立遗传，因此应运用基因的自由组合定律解题．在解题时，应掌握一般计算规律，首先对每对基因逐对分析，然后利用乘法法则．

【解答】解：A、亲本基因型分别为AaBbCc、AabbCc，并且基因独立遗传，因此后代表现型种类=2×2×2=8种，AaBbCc个体的比例=B、后代表现型应为8种，后代中aaBbcc个体的比例=C、后代中Aabbcc个体的比例=

，C错误；

，D正确．

，A错误；

，B错误；

D、后代表现型应为8种，后代中aaBbCc个体的比例=故选：D．