2004年下半年软考网络工程师上午试题（含解析）

● 电子商务交易必须具备抗抵赖性，目的在于防止 （19） 。 （19）A．一个实体假装成另一个实体

B．参与此交易的一方否认曾经发生过此次交易 C．他人对数据进行非授权的修改、破坏 D．信息从被监视的通信过程中泄漏出去 试题解析： 常识。 答案：B

● 知识产权一般都具有法定的保护期限，一旦保护期限届满，权利将自行终止，成为社会公众可以自由使用的知识。 （20） 权受法律保护的期限是不确定的，一旦为公众所知悉，即成为公众可以自由使用的知识。

（20）A．发明专利 B．商标 C．作品发表 D．商业秘密 试题解析：

我国专利法规定发明专利权的保护期限为20年，实用新型专利权和外观设计专利权的保护期限为10年，均自申请日起计算。而商业秘密受法律保护的期限是不确定的，该秘密一旦为公众所知悉，即成为公众可以自由使用的知识。这是由于商业信息必须具备四大条件才能构成商业秘密，即新颖性、未公开性、实用性和保密性。其中，未公开性也称秘密性，指不为公众所知悉，一旦被公众所知悉，商业秘密就成为了“公开的秘密”，其商业价值就会部分或者全部丧失。 答案：D

● 甲．乙两人在同一时间就同样的发明创造提交了专利申请，专利局将分别向各申请人通报有关情况，并提出多种解决这一问题的办法，不可能采用 （21） 的办法。 （21）A．两申请人作为一件申请的共同申请人 B．其中一方放弃权利并从另一方得到适当的补偿 C．两件申请都不授予专利权 D．两件申请都授予专利权 试题解析：

在我国，审批专利遵循的基本原则是“先申请先得”原则，即对于同样的发明创造，谁先申请专利，专利权就授予谁。专利法第九条规定，两个以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利的，专利权授予最先申请的。当有二者在同一时间就同样的发明创造提交了专利申请，专利局将分别向各申请人通报有关情况可以将两申请人作为一件申请的共同申请人,或其中一方放弃权利并从另一方得到适当的补尝,或两件申请都不授予专利权。但专利权的的授予只能给一个人。 答案：D

● 《计算机软件产品开发文件编制指南》（GB8567-88）是 （22） 标准 （22）A．强制性国家 B．推荐性国家 C．强制性行业 D．推荐性行业 试题解析：

国家技术监督局1990年发布的《国家标准管理办法》第四条规定：国家标准的代号由大写汉语拼音字母构成。

强制性国家标准的代号为GB，推荐性国家标准的代号为GB／T。 答案：A

● 虚拟存储管理系统的基础是程序的 （23） 理论，这个理论的基本含义是指程序执行时往往会不均匀地访问主存储器单元。根据这个理论，Denning提出了工作集理论。工作集是进程运行时被频繁地访问的页面集合。在进程运行时，如果它的工作集页面都在 （24） 内，能够使该进程有效地运行，否则会出现频繁的页面调入/调出现象。

（23）A．全局性 B．局部性 C．时间全局性 D．空间全局性 （24）A．主存储器 B．虚拟存储器 C．辅助存储器 D．U盘 试题解析： 常识。

答案：（23）B （24）A

● 在UNIX操作系统中，若用户键入的命令参数的个数为1时，执行cat$1命令；若用户键入的命令参数的个数为2时，执行cat>>$2<$1命令。请将下面所示的Shell程序的空缺部分补齐。 case （25） in 1）cat $1 2）cat>>$2<$1

*）echo ‘default...’ case

（25）A．$$ B．$@ C．$# D．$* 试题解析：

$$表示当前命令的进程标识数。 $#表示位置参数的个数，不包括命令名。 $*表示所有位置参量，即相当于$1, $2, ?。

$@与$*基本相同，但当用双引号转义时，” $@”还是能分解成多个参数，但” $*”则合并成一个参数。 答案：C

● 设信道的码元速率为300波特，采用4相DPSK调制，则信道的数据速率为 （26） b/s． （26）A．300 B．600 C．800 D．1000 试题解析：

4相意味着信号每次发生变化可以传输2个比特，因此数据速率=300*2=600。 答案：B

● 光纤通信中使用的复用方式是 （27） 。EI载波把32个信道按 （28） 方式复用在一条2.048Mb/s的高速信道上，每条话音信道的数据速率是 （29） 。 （27）A．时分多路 B．空分多路 C．波分多路 D．频分多路 （28）A．时分多路 B．空分多路 C．波分多路 D．频分多路 （29）A．56Kb/s B．64Kb/s C．128Kb/s D．512Kb/s 试题解析： 常识。

答案：（27）C （28）A （29）B

● 用户A与用户B通过卫星链路通信时，传播延迟为270ms，假设数据速率是64Kb/s，帧长4000bit，若采用停等流控协议通信，则最大链路利用率为 （30） ；若采用后退N帧ARQ协议通信，发送窗口为8，则最大链路利用率可以达到 （31） 。 （30）A．0.104 B．0.116 C．0.188 D．0.231 （31）A．0.416 B．0.464 C．0.752 D．0.832 试题解析：

停等协议是一种简单的流控制技术。接收方每接收一帧都会发送一个确认帧。发送方在收到确认帧之后再发送第二个数据帧。在停等协议控制下，实际传输的有效数据为4000bit，所以最大链路利用率为（4000/64000）/（4000/64000+0.27×2）=0.104。

后退N 帧 ARQ协议具有“推倒重来”的特征，即当出错时要向回走N个帧，然后再开始重传。发送窗口为8时，发送8个最大帧的发送时间=8*4k/64k=0.5秒。信号一来一回的传输延迟=0.27*2=0.54秒。显然，8个帧发送出去时，回应帧还没有传送到用户A。 在最佳情况（数据传输没有出错）下，用户A只要收到第一个回应帧，就可以发送第9帧。因此最大链路利用率应该这么算：用户发送8帧的总时间/（第一帧从开始发送到A收到回应帧的时间）。第一帧从开始发送到A收到回应帧的时间=帧的发送时间+往返传输延迟=4k/64K+0.27*2=0.6025秒。所以最大链路利用率=8*4k/64k/0.6025=0.830。这个结果与答案D的0.832比较相近，但还是不太一样。 （为何标准答案为D，原因不详）

（检查过《网络工程师教程（第2版）》，发觉本考题的答案符合该书的计算方法。不过，我本人认为该书的计算方法是有问题的。） 答案：（30）A （31）D

● HDLC是一种 （32） 协议。

（32）A．面向比特的同步链路控制 B．面向字节计数的异步链路控制 C．面向字符的同步链路控制 D．面向比特流的异步链路控制 试题解析： 常识。 答案：A

● 帧中继网络没有采用流量控制机制，只有拥塞控制功能。采用显式信令控制时，如果LAP-D帧中的FECN比特置1，则表示 （33） 。

（33）A．在帧的传送方向上出现了拥塞 B．在与帧传送相反的方向上出现了拥塞 C．在两个传送方向上同时出现了拥塞 D．没有出现拥塞 试题解析：

FECN（Forward Explicit Congestion Notification，前向显式拥塞通知）：当一台帧中继交换机意识到网络上发生拥塞的时候，会向目的设备发送FECN分组，此时FECN比特置为1，告知网络上发生了拥塞。

BECN（Backward Explicit Congestion Notification，后向显式拥塞通知）：当一台帧中继交换机意识到网络上发生拥塞的时候，会向源路由器发送BECN分组，此时BECN比特置为 1，指示路由器降低分组的发送速率。如果路由器在当前的时间间隔内接收到任何BECN，它会按照25%的比例降低分组的发送速率。所以A是正确的。 答案：A

● ATM网络采用了许多通信量管理技术以避免拥塞的出现，其中 （34） 是防止网络过载的第一道防线。

（34）A．连接许可 B．选择性信元丢弃 C．通信量整型 D．使用参数控制 试题解析：

选择性信元丢弃，通信量整型，使用参数控制都在连接以后所采取的方法，连接许可是最先，最有效的方法。所以A是正确的。 答案：A

● IP交换是一种利用交换硬件快速传送IP分组的技术。一台IP交换机由 （35） 三部分组成。IP交换机初始化后为每一个物理连接建立一个默认的 （36） ，相邻的IP交换机通过这些默认通信交换路由信息和数据分组，为了进行第三层路由选择，IP交换控制器必须根据 （37） 等信息对网络数据流进行分类并加上数据流描述符。 （35）A．ATM交换模块、IP交换控制器和交换机管理协议 B．RF交换模块、IP交换控制器和路由器管理协议 C．X.25交换模块、IP交换控制器和交换机管理协议 D．IPX交换模块、IP交换控制器和路由器管理协议

（36）A．帧中继交换通道 B．ATM交换通道 C．X.25交换通道 D．IPX交换通道