(浙江共享)新2020版高考物理大二轮复习优选习题 仿真模拟卷6【下载】

最新人教版小学试题 12.C 解析 第一宇宙速度就是发射人造地球卫星最小的发射速度至少要达到7.9 km/s,所以A错误,C正确。向心力由万有引力提供,G=m得v=,可见,r越大,v越小,卫星距地面越高,绕地球运动的速度越小,B错误。部分卫星的运动轨迹是椭圆,D错误。

13.B 解析 注意到A向右摆动,摆动的最大角度为60°,最高点受力不平衡但速度为零,故可以用动能定理处理,F电Lsin 60°-mgL(1-cos 60°)=0,解得F电=二、选择题Ⅱ

。

14.ABC 解析 由题图知,该波的波长为λ=4 m,b点与平衡位置相距λ,则b点与x=4 m处质点平衡位置相距λ-λ=λ,当题图中x=4 m处的状态传到b点时质点b回到平衡位置,质点

b回到平衡位置至少需要,故T=0.1 s(n=0,1,2,3,…),因为T>1 s,故只有n=0时,T>1 s,

解得周期为 T=1.2 s,A正确;因为t=0.6 s=,所以从波形图所示时刻开始计时,0.6 s内质点b通过的路程为s=2A=2×20 cm=40 cm,故B正确;质点a回到平衡位置需要T=0.3 s,经过0.1 s质点b回到平衡位置,因此在b回到平衡位置后,再经过0.2 s,a回到平衡位置,故C正确;该波的波速v= m/s= m/s,故D错误。

15.AC 解析 Hα波长大于Hβ波长,故Hα频率较小,Hα谱线对应光子的能量小于Hβ谱线对应光子的能量,A正确;光电流与光的强度有关,频率的高低不能确定光电流的大小,故B错误;Hα谱线对应光子的能量E=h=3.03×10 J=1.89 eV,C正确;E4-E3=0.66 eV,D错误。

16.B 解析 根据动量守恒定律可知,生成的钍核的动量与粒子的动量等大反向,选项B正确;钍核动量大小等于小粒子的动量大小,但两粒子质量不同,则动能不同,选项A错误;铀核的半衰期等于一半数量的铀核衰变需要的时间,而放出一个粒子所经历的时间是一个原子核衰变的时间,故两者不等,选项C错误;由于该反应放出能量,由质能方程可知,衰变后粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量,选项D错误。 三、非选择题

17.答案 (1)AB (2)0.56 0.96 (3)2.0

解析 (1)A.实验时,细线必须与长木板平行,以减小实验误差,A正确。 B.实验时,要先接通电源再释放小车,B正确。

C.本实验只要小车做匀加速直线运动就行,没必要小车的质量远大于钩码的质量,C错误。 D.本实验只要拉力大于摩擦力小车就能做匀加速直线运动,没平衡摩擦力,D错误。 (2)根据匀变速直线运动中中间时刻的速度等于该过程中的平均速度,

所以vB= m/s=0.56 m/s,vD= m/s=0.96 m/s。 (3)根据题意,该同学认为物块的运动为匀加速运动,则根据速度公式 vD=vB+a·2T,代入数据整理可以得到a=2.0 m/s2。

18.答案 (1)BDFGI (2)画完整的电路图 (3)1.45~1.50 0.26~0.27

解析 (1)由于小灯泡额定电压为2.5 V、电流为0.3 A,为使测量安全和尽可能准确,电源要选3 V的,电压表量程要选0~3 V的,电流表要选0~0.3 A的,小灯泡的内阻约为8 Ω,可变电阻用10 Ω即可。

(2)本实验采用滑动变阻器分压接法,同时电流表采用外接法,故实物图如图所示。

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(3)电压表量程为0~3 V,则最小分度为0.1 V,故读数为1.50 V;则其功率P=UI=1.50×0.18 W=0.27 W。

19.答案 (1)1 m/s (2)-0.4 J (3)2.5 m 解析 (1)根据平抛运动规律:h=gt,x=vt, 得v=x2

=1 m/s

,

(2)碟子从圆盘上甩出时的速度为v0,则Fmax=m即v0=3 m/s

2

由动能定理得:Wf=mv-

代入数据得:Wf=-0.4 J

(3)当物体滑到餐桌边缘时速度恰好减为零,对应的餐桌半径取最小值。 设物体在餐桌上滑动的位移为s,由动能定理有:-μmgs=0-mv 餐桌的最小半径为R=可得:s=2.5 m

2

20.答案 (1)20 N 2 J (2) s (3)0.125≤μ<0.75或μ=1

解析 (1)滑块在B点,受到重力和支持力,在B点,根据牛顿第二定律有F-mg=m 解得F=20 N

由牛顿第三定律得F'=20 N

从A到B,由动能定理得mgR-Wf=mv Wf=2 J

(2)在CD间运动,有mgsin θ=ma

22

加速度a=gsin θ=10×0.6 m/s=6 m/s 根据匀变速运动规律有s=vt+at

2

2

t= s

(3)最终滑块停在D点有两种可能 a.滑块恰好能从C下滑到D,则有:

mgsin θ·s-μ1mgcos θ·s=0-mv2 解得μ1=1

b.滑块在斜面CD和水平地面间多次反复运动最终静止于D点 当滑块恰好能返回C有: -μ1mgcos θ·2s=0-mv2 解得μ1=0.125

当滑块恰好静止在斜面上,则有 mgsin θ=μ2mgcos θ 解得μ2=0.75

部编本试题，欢迎下载！ 最新人教版小学试题 所以当0.125≤μ<0.75,滑块在CD和水平地面间多次反复运动最终静止于D点。 综上所述,μ的取值范围是0.125≤μ<0.75或μ=1。

21.答案 (1)电路图如图所示 (2)Ⅰ将开关闭合(或者断开)的瞬间 将螺线管A插入(或拔出)螺线管B (3)右

解析 (1)将灵敏电流计与大线圈B组成闭合回路,电源、开关、小线圈A组成闭合回路,电路如答案图所示。

(2)Ⅰ.将开关闭合(或者断开)的瞬间;Ⅱ.将螺线管A插入(或拔出)螺线管B时穿过线圈B的磁通量发生变化,线圈B中产生感应电流,灵敏电流计指针偏转。

(3)在开关闭合的瞬间,穿过线圈B的磁通量增大,灵敏电流计的指针向左偏转,则当螺线管A向上拔出的过程中,穿过线圈B的磁通量减小,灵敏电流计的指针向右偏转。 22.答案 (1)-B0dv1 (2)

(3)+mgdsin θ+m()

解析 (1)E=B0dv1,由楞次定律知A点电势低于B点, 故UAB=-E,即UAB=-B0dv1

(2)由动量守恒得mgsin θ·t-B0Id·t0=mv2-mv0 即mgtsin θ-B0dq=mv2

q=故t=

(3)交流电的有效值E=Em

Q1=

线框出磁场的过程中,Q2=-WA

又由动能定理知:mgdsin θ+WA=ΔEk 解得:Q2=mgdsin θ+m(总焦耳热Q=Q1+Q2=23.答案 (1)

)

t=+mgdsin θ+m( (3)

)

(2)

解析 (1)微粒到达A(l,l)之前做匀速直线运动,对微粒受力分析如图甲,所以,Eq=mg,得E=

甲

(2)由平衡条件得

部编本试题，欢迎下载！ 最新人教版小学试题 qvB=mg

电场方向变化后,微粒所受重力与电场力平衡,微粒在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动,轨迹如图乙。

乙

则qvB=m 由几何知识可得r=l v=

联立解得B=。

(3)微粒做匀速运动的时间t1= 做圆周运动的时间t2=

在复合场中运动时间t=t1+t2=。

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