2020届宁波市余姚市中考物理一模试卷(有答案)(已纠错)

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【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析．

【分析】先识别电路，然后根据压力的改变，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表和电流表示数的变化．

【解答】解：A．电路为并联电路，电流表测干路电流，由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过定值电阻的电流不变，当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，通过变阻器的电流变小，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流减小，即电流表的示数减小，故A错误；

B．电路为并联电路，电流表测定值电阻的电流，由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过定值电阻的电流不变，即电流表的示数不变，故B错误；

C．电路为串联电路，电压表测电源的电压，由电源的电压不变可知，滑片移动时，电压表的示数不变，故C错误；

D．电路为串联电路，电压表测量变阻器两端的电压，当滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，串联电路起分压作用，所以变阻器分得的电压变大，电压表的示数变大，故D正确． 故选D．

【点评】本题考查滑动变阻器的使用，明确电表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键．

4．如图所示，是体能测试中掷出的实心球运动的情景．下列说法正确的是（ ）

A．实心球在b点时，处于平衡状态

B．实心球从a点运动到c点的过程中，重力做了功 C．实心球离开手后继续前进，是由于受到惯性的作用 D．在实心球从b点运动到c点的过程中，动能转化为重力势能 【考点】力是否做功的判断；惯性；动能和势能的转化与守恒．

【分析】（1）物体只有处于静止状态或匀速直线运动状态时，才称为平衡状态；

（2）做功包括两个必要因素，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离； （3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；

（4）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度．

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【解答】解：A、实心球在b点时，不是静止也不是匀速直线运动，所以不是处于平衡状态，故A错误；

B、实心球从a点运动到c点的过程中，实心球在重力的方向上通过了一定的距离，所以重力做了功，故B正确；

C、实心球离开手后继续前进，是由于球具有惯性，而不能说是受到惯性的作用，因为惯性不是力，故C错误；

D、在实心球从b点运动到c点的过程中，高度降低、速度增大，重力势能转化为动能，故D错误． 故选B．

【点评】本题的综合性较强，包括惯性现象、平衡状态的判断、做功的两个必要因素、动能与重力势能的转化等，要求我们对相关知识有一个熟练的掌握．

5．如图是一种充电鞋的结构示意图，当人走动时，会驱动磁性转子旋转，使线圈中产生电流，产生的电流进入鞋面上锂聚合物电池，这种充电鞋的工作原理是图中的（ ）

A． B． C． D．

【考点】电磁感应．

【分析】充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的，磁性飞轮高速旋转，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流．

【解答】解：充电鞋垫是利用电磁感应现象制成的；

A、图为电动机装置，其原理为通电导线在磁场中受力转动，故A错误； B、图为发电机装置，其原理是电磁感应，故B正确； C、图为电磁铁，其原理是电流的磁效应，故C错误； D、图为奥斯特实验，说明电流周围有磁场，故D错误． 故选B．

【点评】此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、电流的磁效应等知识点．首先根据题意明确充电鞋垫的制成原理是解决此题的关键．

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6．如图所示的电路中．电源两端的电压保持不变．只闭合开关S1时．将滑动变阻器的滑片移至最左端，电流表A1的示数为1.2A，再将滑片移至最右端．电压表V2的示数变化了4V．电流表A1的示数变化了0.8A；只闭合开关S1、S2时，电路消耗的功率为P，只闭合开关S1、S3时，电路消耗的功率为P′．已知P：P′=1：2．若将开关S1、S2和S3都闭合，则下列说法正确的是（ ）

A．电源电压为36V

B．R1、R3的阻值分别为10Ω、5Ω C．电压表V1的示数始终为18V

D．当滑片P向右移动时电流表A2示数变大 【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】（1）只闭合开关S1时，将滑动变阻器的滑片移至最左端，R1与R3串联，电流表A1测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；再将滑片移至最右端时，R1与R3、R2的最大阻值串联，根据R=

求出R3的阻值，根据题意求出电路中的电流，根

据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；只闭合开关S1、S2时电路为R1的简单电路，只闭合开关S1、S3时电路为R3的简单电路，根据P=出R1的阻值，代入电阻值即可求出电源的电压；

（2）开关S1、S2和S3都闭合时，三电阻并联，电压表V1被短路，电压表V2测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1和R2支路的电流之和，据此可知电压表V1的示数，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路的特点可知电流表A2示数的变化．

【解答】解：（1）只闭合开关S1时，将滑动变阻器的滑片移至最左端，R1与R3串联，电流表A1测电路中的电流，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由I=可得，电源的电压：

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可得表示出电路消耗的功率之比即可求

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U=I1（R1+R3）=1.2A×（R1+R3），

再将滑片移至最右端时，R1与R3、R2的最大阻值串联， 则R3的阻值： R3=

=

=5Ω，

此时电路中的电流：

I2=I1﹣0.8A=1.2A﹣0.8A=0.4A， 电源的电压：

U=I2（R1+R2+R3）=0.4A×（R1+R2+5Ω），

只闭合开关S1、S2时电路为R1的简单电路，只闭合开关S1、S3时电路为R3的简单电路， 由P=

可得，电路消耗的功率之比：

===，

则R1=2R3=2×5Ω=10Ω，故B正确；

U=I1（R1+R3）=1.2A×（10Ω+5Ω）=18V，故A错误；

（2）开关S1、S2和S3都闭合时，三电阻并联，电压表V1被短路，电压表V2测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1和R2支路的电流之和， 则电压表V1被短路，示数为零，故C错误； 当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大， 由I=可知，通过R2的电流变小， 因并联电路中各支路独立工作、互不影响， 所以，通过R1的电流不变，

则R1和R2支路的电流之和变小，电流表A2示数变小，故D错误． 故选B．

【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断和电表所测电路元件的辨别．

二、解答题

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