安徽省蚌埠二中2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析

安徽省蚌埠二中2014-2015学年高二上学期期中考试物理试卷

一、单项选择题（本大题共12小题，每小题4分） 1．（4分）下列各种说法中正确的是（ ） A．只要是点电荷都可作为试探电荷 元电荷指的就是电子或质子 B． 电动势为1.5 V的干电池，表明干电池通过非静电力做功每经过1s就把1.5 J的化学能C．转化为电能 D．电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，材料的导电性能越差 考点：电 阻定律；元电荷、点电荷． 专题：恒 定电流专题． 分析：A 、可忽略电荷的自身大小可当作为点电荷，而试探电荷即为体积小，电量小； B、元电荷是电量最小的单位电荷，与电子或质子无关． C、电动势是描述电源把其它形式的能量转化电能本领大小的物理量，电动势在数值上等于把单位正电荷在电源内部从负极搬运到正极非静电力所做的功； 电动势由电源本身的结构决定，与外电路无关． D、电阻率是描述材料导线性能好坏的物理量，电阻率越大，材料的导线性能越差，电阻率越小，材料的导电能力越强； 材料的电阻率受温度影响，金属的电阻率一般随温度的升高而变大；半导体材料的电阻率一般随温度的升高而变小；一些合金材料的电阻率不随温度的变化而变化． 解答：解 ：A、可忽略电荷的自身大小可当作为点电荷，而试探电荷即为体积小，电量小；则点电荷不一定能作为试探电荷，故A错误； B、元电荷指的是最小电荷，而不是电子或质子，故B错误； C、电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时非静电力所做的功，故C错误； D、电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，电阻率越大，其导电性能越差，故D正确； 故选：D． 点评：本 题是一道基础题，知道电阻率的物理意义、温度对电阻率的影响、电动势的概念、电动势的决定因素即可正确解题，同时掌握点电荷与试探电荷的区别，理解元电荷与电子的区别． 2．（4分）如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体P正在向带正电的小球Q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是（ ）

A．B端的感应电荷为负电荷 导体内场强越来越大 B． C点的电势高于B点电势 C． D．导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强 考点：静 电现象的解释．

分析：根 据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况． 解答：解 ：A、导体P处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端B要感应出正电荷，在导体的左端C会出现负电荷，故A错误． B、处于静电平衡的导体内场强为0，故B错误． C、CD处在同一个等势体上，电势相等；故C错误； D、在C点和B点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球Q共同叠加产生，并且为0， 正电的小球Q在C点的场强大于B点的场强，所以导体上的感应电荷在C点产生的场强始终大于在B点产生的场强，故D正确． 故选：D． 点评：感 应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷． 3．（4分）有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q，此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（ ） nvt nvst A．B． C． D． 考点：电 流、电压概念． 专题：恒 定电流专题． 分析：首 先根据电流强度的定义可以求得总的电荷量的大小，进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式，根据电阻的运动的速率的大小也可以求得通过导线横截面的自由电子的个数． 解答：解 ：A、在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在△t时间内，电子经过的导线体积为v△tS．又由于单位体积的导线有n个自由电子，在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=nvSt．故B正确；A错误； B、由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为It，而电子的电荷量为q，则△t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为N=；故CD错误； 故选：B． 点评：本 题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度． 4．（4分）如图所示为有两个量程的电压表，当使用 a、b两端点时，量程为1V；当使用a、c两端点时，量程为10V．已知电流表的内阻Rg为50Ω，满偏电流Ig为1mA．则R1和R2的电阻值（ ）

A．R1=950Ω，R2=9kΩ B． R1=9kΩ，R2=950Ω C． R1=9kΩ，R2=1kΩ D． R1=1kΩ，R2=9kΩ

考点：把 电流表改装成电压表． 专题：实 验题． 分析： 改装后的量程为U=I（R+R串）据此可求出 R串=gg﹣Rg． 解答： 解：接a、b时，为串联的R1，则R1=﹣Rg=﹣﹣50=950Ω 接a、c时，为串联的R1和R2，则R2=﹣Rg﹣R1=﹣50﹣950=9000Ω 故选：A． 点评： 流表串联电阻后量程变大，为U=IgR总． 电 5．（4分）（2013?张掖一模）在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，

、

为理想电流表和电压

表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（ ）

A．a点的电势降低 B． 电压表示数变小 电流表示数变小 C．D． 电容器C所带电荷量增多 考点：电 容；闭合电路的欧姆定律． 专题：电 容器专题． 分析：在 滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压． 解答：解 ：在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大． 电阻R2两端的电压U2=E﹣I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小． 根据外电路中顺着电流方向电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流IA=I﹣I2，I增大，I2减小，则IA增大．即电流表示数变大．故A正确，BCD错误． 故选：A 点评：本 题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．

6．（4分）小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线过P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（ ）

A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小 B．对应P点，小灯泡的电阻为R= C．对应P点，小灯泡的电阻为R= D．对应P点，小灯泡的功率为图中梯形PQON所围的面积 考点：欧 姆定律． 专题：恒 定电流专题． 分析：由 图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”． 解答： 解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A错误； BC、由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=，故B正确，C错误； D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，不是梯形面积表示功率；故D错误． 故选：B 点评：注 意U﹣I图象的意义，知道斜率等于电阻的倒数，明确功率借助图象分析时所围得面积；明确灯泡伏安特性曲线不直的原因． 7．（4分）（2013?珠海二模）如图所示，真空中的两带电小球（可看作是点电荷），通过调节悬挂细线的长度使两小球始终保持在同一水平线上，下列说法正确的是（ ）

A．若只增大r，则T1、T2都增大 若只增大q1，则θ1增大，θ2不变 C．B． 若只增大m1，则θ1增大，θ2不变 D． 若只增大q1，则θ1、θ2都增大