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2019届人教版 恒定电流 单元测试
一、单项选择题(本题共4小题，每小题8分，共32分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)
1．(2018·上海青浦区调研)如图(a)所示是一个欧姆表的外部构造示意图，其正、负插孔内分别插有红、黑表笔，则虚线内的电路图应是(b)图中的( )
解析：选A.因为欧姆表需进行欧姆调零，所以电路图中应串联一个可变电阻，B、D错误；根据红进黑出可得A正确．
2．(2018·湖南浏阳一中月考)在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是( ) A．电压表和电流表的示数都增大 B．灯L2变暗，电流表的示数减小 C．灯L1变亮，电压表的示数减小 D．灯L2变亮，电容器的带电量增加
解析：选C.将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，路端电压U减小，干路电流I增大，则电压表示数减小，灯L1变亮，U1增大，R与灯L2并联，电路的电压U2＝U－U1，U减小，U2减小，灯L2变暗，流过电流表的电流IA＝I－I2，I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大． 3．(2018·江苏南通调研)如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，R为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小．当R所在位置温度升高时( )
A．灯泡L1变亮 C．电压表读数增大
B．灯泡L2变亮
D．电源内阻消耗功率减小
解析：选A.热敏电阻R和灯泡L2并联，随温度升高，热敏电阻R阻值变小，并联电路R并RR2E＝变小，电路总电阻R总＝R并＋R1＋r变小，总电流I＝变大，灯泡L1由于电流变R＋R2R总大而功率变大，变亮，选项A对；电压表读数为路端电压U＝E－Ir随总电流的变大而减小，选项C错；电源内阻消耗的功率P＝I2r随电流的增大而增大，选项D错；并联电路电压U
并
＝E－I(r＋R1)随电流增大而减小，灯泡L2由于电压变小而功率变小，变暗，选项B错．
4．(2018·黑龙江双鸭山一中考试)如图甲，电路中电源电动势为3.0 V，内阻不计，L1、L2、
L3为三个相同规格的小灯泡，小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关闭合后，下列说法中正确的是( )
A．L1的电流为L2电流的2倍 B．L3的电阻约为0.33 Ω C．L3的电功率约为1.20 W D．L2和L3的总电功率约为3 W
解析：选C.当开关闭合后，灯泡L1的电压U1＝3 V，由图乙读出其电流I1＝1.0 A，则灯泡L1的电阻R1＝3 Ω，灯泡L2、L3串联，电压U2＝U3＝1.5 V，由图乙读出其电流I2＝I3＝0.8 1.5
A，故A错误；灯泡L2、L3的电阻均为R＝Ω＝1.875 Ω，故B错误；L3的电功率P＝
0.8U3I3＝1.5×0.8 W＝1.2 W，L2和L3的总电功率为2.4 W，C正确，D错误.
二、多项选择题(本题共4小题，每小题8分，共32分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全选对的得8分，选对但不全的得4分，有错选或不答的得0分) 5．(2018·陕西西安一中模拟)如图所示，I为电流表示数，U为电压表示数，P为定值电阻R2消耗的功率，Q为电容器C所带的电荷量，W为电源通过电荷量q时电源做的功．当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物理量关系的是( )
解析：选AB.变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，R2消耗的功率为P＝I2R，P∝I2，故A正确；电容器C的电压UC＝E－I(R2＋r)，电荷量Q＝CUC＝C[E－I(R2＋r)]，则
ΔQ
＝－C(R2＋r)，保持不变，则Q－I图象是向下倾斜的直线，ΔI
故B正确；电压表示数U＝E－Ir，U－I图象应是向下倾斜的直线，故C错误；电源通过电荷量q时电源做的功W＝qE，E是电源的电动势，则W－q是过原点的直线，故D错误． 6．图为某种电子秤工作原理的示意图，被称物体的质量可按照一定的换算关系通过电流表的示数获得．秤盘中放入物体后，连杆P将从a点向下滑动，最终停在a、b间的某一位置．关
于该电子秤，下列说法正确的是( )
A．物体质量越小，电流表的示数越大 B．物体质量越大，电流表的示数越大 C．物体质量越大，电路中的总电阻越大 D．物体质量越小，电路中的总电阻越大
解析：选BD.物体质量越小，则P点的位置越接近a端，滑动变阻器的电阻越大，则电路中电流越小，电流表的示数越小，选项A错误，D正确；同理，物体质量越大，则P点的位置越接近b端，滑动变阻器的电阻越小，则电路中电流越大，电流表的示数越大，选项B正确，C错误．
7.(2018·河北衡水冀州中学模拟)如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，当滑动变阻器R2滑动端向右滑动后，理想电流表A1、A2的示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，理想电压表示数变化量的绝对值为ΔU.下列说法中正确的是( ) A．电压表V的示数减小 B．电流表A2的示数变小
C．ΔU与ΔI1比值一定小于电源内阻r D．ΔU与ΔI2比值一定小于电源内阻r
解析：选BC.当滑动变阻器滑动端向右滑动后，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流减小，所以电流表A2的示数减小．根据串联电路分压的特点分析可知，并联部分电压增大，即电压表V的示数增大，故A错误，B正确；根据并联电路的电流规律I2＝I1＋I，A2的示数I2变小，通过定值电阻R1的电流增大，则A1的示数I1变小，所以ΔI1ΔU一定大于ΔI2.电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律U＝E－I2r可知，＝r，而Δ
ΔI2ΔU
I1大于ΔI2，所以 ΔI1 8.(2018·河北唐山模拟)如图所示，电源电动势E＝3 V，小灯泡L标有“2 V，0.4 W”，开关S接1，当变阻器调到R＝4 Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作．则( ) A．电源内阻为1 Ω B．电动机的内阻为4 Ω C．电动机的正常工作电压为1 V D．电源效率约为93.3% U 解析：选AD.由小灯泡的额定功率P＝UI可知，I＝0.2 A，由欧姆定律得RL＝，可知小灯 IE 泡正常发光时电阻RL＝10 Ω，由闭合电路欧姆定律可知I＝，解得r＝1 Ω，A正 R＋RL＋r确；接2时小灯泡正常发光，说明电路中电流仍为0.2 A，故电动机两端电压U′＝E－IRL－Ir＝0.8 V，电动机为非纯电阻用电器，故电动机内阻不等于4 Ω，B、C错误；由P＝I2r，P总－P P总＝EI，η＝×100%，代入数据可得电源效率约为93.3%，D正确． P总三、非选择题(本题共2小题，共36分，按题目要求作答) 9．(18分)(2018·河北保定高三模拟)某实验小组想通过实验研究水果电池的电动势和内电阻．他们制作了一个苹果电池进行研究，了解到水果电池的内电阻可能比较大，因此设计了一个如图所示的实物电路进行测量． (1)请按图中所示实物图在虚线框内画出电路图 (电源用 “ ”表示)． (2)测定水果电池的电动势和内阻，所用的器材有： ①苹果电池E：电动势约为1 V； ②电压表V：量程1 V，内阻RV＝3 kΩ； ③电阻箱R：最大阻值9 999 Ω； ④开关S，导线若干． (3)实验步骤如下： ①按电路图连接电路(为电路安全，先将电阻箱的电阻调到最大值)； ②闭合开关S，多次调节电阻箱，记下电压表的示数U和电阻箱相应的阻值R，并计算出对11 应的与的值，如下表所示； RU R/Ω R1/ (×10－－9 000 1.1 0.53 1.9 6 000 1.7 0.50 2.0 5 000 2.0 0.48 2.1 4 000 2.5 0.46 2.2 3 000 3.3 0.43 2.3 2 000 5.0 ① ② 4)Ω－1 U/V U1/V1 －－搜索更多关于： 2019届人教版 恒定电流 单元测 的文档
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