2016-2017学年高中生物第1章遗传因子的发现第2节孟德尔的豌豆杂交实验（二）学业分层测评新人教版必修2讲义

第1章 遗传因子的发现 第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）学

业分层测评

(建议用时：45分钟)

[学业达标]

1．下列关于孟德尔两对相对性状杂交实验的叙述，错误的是( ) A．两对相对性状分别由两对基因控制 B．每一对基因的传递都遵循分离定律 C．F1细胞中控制两对性状的基因相互融合 D．F2中有16种组合、9种基因型和4种表现型

【解析】 孟德尔对F2中两种性状之间发生自由组合的解释是：两对相对性状分别由两对基因控制，控制两对相对性状的两对基因的分离和组合是互不干扰的，其中每一对基因的传递都遵循分离定律。这样，F1产生雌雄配子各4种，数量比接近1∶1∶1∶1，配子随机结合，则F2中有16种组合方式、9种基因型和4种表现型。

【答案】 C

2．两株豌豆进行杂交，得到如下图所示的结果，其中黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性。则亲本的基因型是( ) 【导学号：10090026】

A．YyRR×YYRr B．YyRr×Yyrr C．YyRr×yyRr

D．YyRr×YYRr

【解析】 由图可知：黄色∶绿色＝1∶1，亲本为Yy×yy，圆粒∶皱粒＝3∶1，亲本为Rr×Rr，综合起来，亲本为YyRr×yyRr。

【答案】 C

3．以黄色皱粒(YYrr)与绿色圆粒(yyRR)的豌豆作亲本进行杂交，F1植株自花传粉，从F1植株上所结的种子中任取1粒绿色圆粒和1粒绿色皱粒的种子，这两粒种子都是纯合子的概率为( )

A．1/3 B．1/4 C．1/9

D．1/16

1

【解析】 根据题意，F1植株的基因型为YyRr，则F2中绿色圆粒占3/16，其中纯合子占F2代的1/16，则任取1粒绿色圆粒种子，是纯合子的概率为1/3，而绿色皱粒种子一定是纯合子，所以这两粒种子都是纯合子的概率为1/3×1＝1/3，故A正确。

【答案】 A

4. 如果已知子代基因型及比例为1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶2YyRr，并且也知道上述结果是按自由组合定律产生的，那么双亲的基因型是( ) 【导学号：10090027】

A．YYRR×YYRr C．YyRr×YyRr

B．YYRr×YyRr D．YyRR×YyRr

【解析】 由子代中YY∶Yy＝1∶1，可推知亲代为YY×Yy；由子代中RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1，可推知亲代为Rr×Rr，故双亲的基因型为YYRr×YyRr。

【答案】 B

5．遗传学的奠基人孟德尔之所以在研究遗传规律时获得了巨大成功，关键在于他在实验的过程中选择了正确的方法。下面各项中，除哪一项外均是他获得成功的重要原因( )

A．先只针对一对相对性状的遗传规律进行研究，然后再研究多对性状的遗传规律 B．选择了严格自花传粉的豌豆作为实验材料 C．选择了多种植物作为实验材料，做了大量的实验 D．应用了统计学的方法对结果进行统计分析

【解析】 孟德尔获得成功的一个重要原因就是选材正确科学，即选用了豌豆作遗传实验材料，利用其优点，做了大量实验。C项说法错误。

【答案】 C

6．基因型分别为aaBbCCDd和AABbCCdd的两种豌豆杂交，其子代中纯合子的比例为( )

A．1/4 B．1/8 C．1/16

D．0

【解析】 根据分离定律和自由组合定律可知，基因型aaBbCCDd×AABbCCdd杂交，其后代中的纯合子的比例可以按一对对的基因来计算，最后将它们相乘，得出子代中纯合子的11

比例(AA与aa这对基因的杂交后代全是杂合子)：0××1×＝0。

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【答案】 D

7．父本的基因型为AABb，F1的基因型为AaBb，则母本不可能是( ) 【导学号：10090028】

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A．Aabb B．AaBB C．AAbb D．aaBB

【解析】 F1的基因型AaBb中Aa是由父本和母本双方提供，而父本为AA，则母本可能为Aa或aa，同理可推另一基因组成为BB或Bb或bb，结合选项知只有C项不可能。

【答案】 C

8．让独立遗传的黄色非甜玉米YYSS与白色甜玉米yyss杂交，得F1，F1自交得F2，在F2中得到白色甜玉米80株，那么F2中表现型不同于双亲的杂合植株应约为( )

A．160 B．240 C．320

D．480

【解析】 黄色非甜玉米YYSS与白色甜玉米yyss杂交，得F1，F1自交得F2，F2中黄色非甜玉米∶黄色甜玉米∶白色非甜玉米∶白色甜玉米＝9∶3∶3∶1，白色甜玉米占1/16共有80株，F2中表现型不同于双亲的杂合子植株(2/16Yyss，2/16yySs)占4/16，所以共有320株，选C。

【答案】 C

9．一组杂交品种AaBb×aaBb，各对基因之间是自由组合的，则后代(F1)有表现型和基因型各几种( )

【导学号：10090029】 A．2种表现型，6种基因型 B．4种表现型，9种基因型 C．2种表现型，4种基因型 D．4种表现型，6种基因型

【解析】 杂交双亲第一对基因的传递相当于测交，在F1中有2种表现型和2种基因型组合；第二对基因的传递相当于杂合子自交，在F1中有2种表现型和3种基因型，则F1的表现型有2×2＝4种，基因型有2×3＝6种。

【答案】 D

10．某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：①AATTdd，②AAttDD，③AAttdd，④aattdd。请完成下列问题。

(1)若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本________和________杂交。 (2)若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本________和________杂交。

3

(3)若培育糯性抗病优良品种，应选用________和________亲本杂交。

(4)将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观察，将会看到______种类型的花粉，且比例为________。

【解析】 验证分离定律和自由组合定律常用方法有：F1(杂合子)自交、F1(杂合子)测交、F1(杂合子)花粉鉴定法等方法。

使用时要注意分离定律研究的对象为一对相对性状的遗传，而自由组合定律研究的对象为两对及以上相对性状的遗传。

【答案】 (1)① ④ (2)② ④ (3)① ④ (4)4 1∶1∶1∶1

[能力提升]

11．现有①～④四个果蝇品系(都是纯种)，其中品系①的性状均为显性，品系②～④均只有一种性状是隐性，其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示：

品系 隐性性状 相应染色体 ① ② ③ ④ 均为显性 残翅 黑身 紫红眼 Ⅱ、Ⅲ Ⅱ Ⅱ Ⅲ 若需验证自由组合定律，可选择下列哪种交配类型( ) A．①×② C．②×③

B．②×④ D．①×④

【解析】 自由组合定律研究的是位于非同源染色体上的非等位基因的遗传规律，若要验证该定律，所取两个亲本具有两对相对性状即可，故选②×④或③×④。

【答案】 B

12．已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是( )

【导学号：10090030】

A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16 B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16

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