当前位置:首页 > 甘肃省天水市2019-2020学年中考数学模拟试题(1)含解析
(x-1)2=-1, 则方程无实根; 故选B.
点睛:本题考查的是一元二次方程根的判别式,一元二次方程ax2+bx+c=0(a≠0)的根与△=b2-4ac有如下关系:①当△>0时,方程有两个不相等的实数根;②当△=0时,方程有两个相等的实数根;③当△<0时,方程无实数根. 4.B 【解析】 【分析】
首先证明△ABE≌△DCF,△ADG≌△CDG(SAS),△AGB≌△CGB,利用全等三角形的性质,等高模型、三边关系一一判断即可. 【详解】
解:∵四边形ABCD是正方形,
∴AB=CD,∠BAD=∠ADC=90°. ,∠ADB=∠CDB=45°∵在△ABE和△DCF中,AB=CD,∠BAD=∠ADC,AE=DF, ∴△ABE≌△DCF, ∴∠ABE=∠DCF.
∵在△ADG和△CDG中,AD=CD,∠ADB=∠CDB,DG=DG, ∴△ADG≌△CDG, ∴∠DAG=∠DCF, ∴∠ABE=∠DAG. ∵∠DAG+∠BAH=90°, ∴∠BAE+∠BAH=90°, ∴∠AHB=90°, ∴AG⊥BE,故③正确, 同理可证:△AGB≌△CGB. ∵DF∥CB, ∴△CBG∽△FDG,
∴△ABG∽△FDG,故①正确.
∵S△HDG:S△HBG=DG:BG=DF:BC=DF:CD=tan∠FCD,∠DAG=∠FCD, ∴S△HDG:S△HBG=tan∠FCD=tan∠DAG,故④正确. 取AB的中点O,连接OD、OH.
∵正方形的边长为4, ∴AO=OH=
1×4=1, 2由勾股定理得,OD=42?22?25,
由三角形的三边关系得,O、D、H三点共线时,DH最小, DH最小=15-1.
无法证明DH平分∠EHG,故②错误, 故①③④⑤正确. 故选B. 【点睛】
本题考查了相似三角形的判定与性质,全等三角形的判定与性质,正方形的性质,解直角三角形,解题的关键是掌握它们的性质进行解题. 5.A 【解析】 【分析】
从左面观察几何体,能够看到的线用实线,看不到的线用虚线. 【详解】
从左边看是等宽的上下两个矩形,上边的矩形小,下边的矩形大,两矩形的公共边是虚线, 故选:A. 【点睛】
本题主要考查的是几何体的三视图,熟练掌握三视图的画法是解题的关键. 6.C 【解析】 【分析】
求出C1与x轴的交点坐标,观察图形可知第奇数号抛物线都在x轴上方,然后求出到抛物线C25平移的距离,再根据向右平移横坐标加表示出抛物线C26的解析式,然后把点P的坐标代入计算即可得解.
【详解】 令y?0,则???x?x?4???2x?8=0,
解得x1?0,x2?4,
?A1?4,0?,
由图可知,抛物线C26在x轴下方,
相当于抛物线C1向右平移4×(26?1)=100个单位得到得到C25,再将C25绕点A25旋转180°得C26,
?C26此时的解析式为y=(x?100)(x?100?4)=(x?100)(x?104), Q P在第26段抛物线C26上, (103,m)?m=(103?100)(103?104)=?3.
故答案是:C. 【点睛】
本题考查的知识点是二次函数图象与几何变换,解题关键是根据题意得到p点所在函数表达式. 7.B 【解析】 【分析】 【详解】
解:过点B作BE⊥AD于E.
设BE=x.
∵∠BCD=60°,tan∠BCE?
BE
, CE
?CE?3x, 3在直角△ABE中,AE=3x,AC=50米,
则3x?3x?50, 3解得x?253 即小岛B到公路l的距离为253,
故选B. 8.A 【解析】 【分析】
若比较M,N的大小关系,只需计算M-N的值即可. 【详解】
解:∵M=9x2-4x+3,N=5x2+4x-2,
∴M-N=(9x2-4x+3)-(5x2+4x-2)=4(x-1)2+1>0, ∴M>N. 故选A. 【点睛】
本题的主要考查了比较代数式的大小,可以让两者相减再分析情况. 9.C
105,故选C. 【解析】试题分析:204000米/分,这个数用科学记数法表示2.04×考点:科学记数法—表示较大的数. 10.D 【解析】 【分析】
先利用互余计算出∠FDB=28°,再根据平行线的性质得∠CBD=∠FDB=28°,接着根据折叠的性质得∠FBD=∠CBD=28°,然后利用三角形外角性质计算∠DFE的度数. 【详解】
解:∵四边形ABCD为矩形, ∴AD∥BC,∠ADC=90°,
∵∠FDB=90°-∠BDC=90°-62°=28°, ∵AD∥BC,
∴∠CBD=∠FDB=28°,
∵矩形ABCD沿对角线BD折叠, ∴∠FBD=∠CBD=28°,
∴∠DFE=∠FBD+∠FDB=28°+28°=56°. 故选D. 【点睛】
本题考查了平行线的性质:两直线平行,同位角相等;两直线平行,同旁内角互补;两直线平行,内错角相等.
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