2019-2020学年山东省临沂一中高二（下）第一次段考物理试卷（含答案解析）

10.答案：CD

解析：解：A、用某种紫光照射阴极K时，电路中的微安表有示数，如果仅将紫光换成黄光，入射光的频率减小，微安表不一定没有示数，故A错误。

B、饱和光电流与入射光的强度有关，仅将滑动变阻器的触头向右滑动，不改变光的强度，则微安表的示数不一定增大，故B错误。

C、饱和光电流与入射光的强度有关，仅将滑动变阻器的触头向左滑动，不改变光的强度，则微安表的示数可能不变，故C正确。

D、将电路中电源的极性反接后，即加上反向电压，若光电子的动能足够大，电路中还有光电流，微安表仍可能有示数，故D正确。 故选：CD。

当入射光的频率大于或等于金属的极限频率时可发生光电效应，光电流的大小与光照强度有关。 本题考查了发生光电效应的条件，知道光电流的大小与入射光的强度有关，同时注意形成的电流的条件。

11.答案：ACD

解析：解：A、B、液体表面具有收缩的趋势，即液体表面表现为张力，是液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，密度较小，且液面分子间表现为引力；故表面层I、Ⅱ内分子的分布比液体内部疏，故A正确，B错误； C、附着层I内分子与容器壁间引力大于内部液体分子引力，附着层分子距离小，密度大；故C正确； D、附着层II内分子与容器壁间吸引力小于内部液体分子引力，附着层分子距离大，密度小；故D正确；

故选：ACD。

液体表面张力的原因是液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力；附着层中的分子同时受到固体分子和液体内部分子的吸引，若附着层中的液体分子受固体分子的吸引比内部液体分子弱，那么附着层中的液体分子比液体内部稀硫，这时在附着层中就出现跟表面张力相似的收缩力，使跟固体接触的液体表面有缩小的趋势，因而形成不浸润现象；反之出现浸润现象。

解决本题的关键会用分子间距离与的大小关系，从而判断分子力表现为引力还是斥力；明确液体表面张力、浸润与不浸润的微观意义。 12.答案：BD

解析：【分析】

正方形线框abcd边长为，所以有一段过程线框完全进入磁场，线框无感应电流，只受重力．根据能量守恒研究从ab边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的整个过程求解．解决本题的关键根据根据正方形线框abcd边长为，进行受力分析，明确研究过程的运动情况． 【解答】

A、正方形线框abcd边长为，所以cd进入磁场后，ab还在磁场内，所以线框磁通量不变，即无感应电流．故A错误．

B、有一段过程，线框无感应电流，只受重力，线框有一阶段的加速度为故B正确．

C、根据能量守恒研究从ab边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的整个过程：动能变化为0，重力势能转化为线框产生的热量．，故C错误．

D、线框ab边刚进入磁场速度为，cd边刚穿出磁场时速度也为，线框有一阶段的加速度为在这过程中必然有加速过程和减速过程，故D正确．

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故选：BD．

288 偏大 13.答案：BC

解析：解：、本实验不可直接将纯油酸滴水面上测量，如果不稀释，则在水面形成的油膜不是单分子油膜，故A错误；

BC、本实验将稀释的油酸在水面上尽可能的展开，形成单分子油膜，分子的间隙，根据算直径，故BC正确；

D、测量油膜面积时，多于半格按一格来计算，少于半格的舍去，故D错误。 故选：BC；

每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积：

，

来计

根据“多于半格按一格来计算，少于半格的舍去”的方法，可以得到油膜所占格数为72格， 则油酸膜的面积是：， 油酸分子的直径

；

油酸酒精溶液滴入浅盘的水中后，迅速用笔在玻璃板上描出油膜的轮廓，这样油酸可能没有完全展开，使得测得的面积偏小，根据测量的数据算出分子直径，结果将偏大。 故答案为：；；288；；偏大。

根据实验的原理和实验方法分析；

用每一滴的体积乘以体积比浓度即可求出一滴纯油酸的体积，采用四舍五入法，先查方格的个数，再算油膜面积，直径约为油膜的厚度，由此求解；

实验中要求让油酸膜尽可能地散开，这样做的目的是形成单分子油酸膜，由此分析误差。 本题关键是明确用油膜法估测分子的大小实验的原理，能够运用公式位的换算要正确，数量级要准确。

求解分子直径，注意单

14.答案：cbda

解析：解：实验时应先调整气垫导轨水平，把滑块放在合适的位置，测出滑块到两挡板的距离，然后释放滑块，测出滑块到两挡板的运动时间，根据滑块的位移与运动时间求出其速度，求出它们的动量，验证在该过程中动量是否守恒； 因此合理的实验步骤是：cbda。

滑块A的速度为：

，滑块B的速度为：

，

验证动量守恒定律的表达式是：将速度代入得：若机械能守恒，则有：故答案为：

；

；

根据实验的原理确定测量的物理量，以及测量的步骤，根据原理列出动量守恒定律的表达式，根据功能关系确定机械能守恒的表达式。

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解决本题的关键知道验证动量守恒定律的实验原理，知道A、B组成的系统动量守恒，同时明确弹性碰撞中机械能守恒。

解：沿过程，由热力学第一定律得： 15.答案：

沿过程，； 即有251J的热量传入系统．

由，；由， 根据热力学第一定律有：； 得：

负号说明系统放出热量，热量传递为293J． 答：若沿过程，系统对外做功42J，则有251J的热量传入系统．

若系统由状态b沿曲线过程返回状态a时，外界对系统做功84J，系统放出热量，热量传递为293J．

解析：分析图示过程，由热力学第一定律求出内能的变化．沿

过程与过程内能变化相同，再由热力学第一定律求出热量．

由和由内能变化大小相等，但符号相反，根据热力学第一定律求解即可． 利用热力学第一定律判断气体的内能变化的时候要注意做功W和热量Q的符号，对外做功和放热为负的，对气体做功和吸热为正的．

16.答案：解：根据牛顿第二定律得，物块的加速度大小为：

，

小车的加速度大小为：

，

根据

得则速度相等需经历的时间为：

。

物块不从小车右端滑出的临界条件为物块滑到小车右端时恰好两者达到共同速度，设此速度为v，由水平方向动量守恒得：

根据能量守恒得：

代入数据，联立解得。 答：物块在车面上滑行的时间t为；

要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度不超过。

解析：根据牛顿第二定律分别求出物块和小车的加速度，结合运动学公式，抓住速度大小相等求出经历的时间。

通过动量守恒定律和能量守恒定律得出物块滑上小车的最小速度。

本题考查了滑块模型，关键理清物体的运动规律，对于第二问，也可以抓住临界情况，结合动力学知识求解，但是没有运用动量守恒和能量守恒解决方便。 17.答案：解：线圈从平行磁场开始计时， 感应电动势最大值：

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故表达式为：

有效值：

电键S合上后，由闭合电路欧姆定律得：

，

电阻R上所消耗的电功率为：

由图示位置转过

的过程中，通过R上的电量为：

答：表达式为 电压表示数为40V，电流表示数为； 电阻R上所消耗的电功率是80W； 由图示位置转过的过程中，通过R的电量是

解析：线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为表达式 电表测量电流的有效值。根据有效值与最大值的关系求出电动势的有效值，根据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压；

电阻R上消耗的功率用电流的有效值乘以电压的有效值；

根据电量表达式，与感应电动势结合，得出

公式，从而可求得；

此题首先要能够求出闭合线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的感应电动势的表达式，产生电动式的线圈相当于电源，从而传化为电路的问题，在解题过程中一定要注意，电压表和电流表的示数为有效值。

，温度升高后，把气球里的气体和排出去的气体18.答案：解：Ⅰ升温前气体体积

看成一个整体，总体积设为，气球内剩余气体质量占原来球内气体质量的，则

，升温过程，球内气体等压变化，有

Ⅱ若热气球刚好升起，有又由等圧変化知

，

，

，代入数据解得：

；

即得 联立解得， 由知热气球会升起 又由知温度为500K时，气体密度为， 由 代入数据得

答：Ⅰ当气球内温度调节到375K时，气球内剩余气体质量占原来球内气体质量的

；

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Ⅱ当气球内温度调节到500K时，气球能升起，上升时加速度大小为

解析：温度升高到过程，气体膨胀，会溢出一部分气体，仍然将溢出的气体与球内的气体作为整体，气体经历等压变化，根据盖吕盖吕萨克定律列式求解；

要使气球从地面飘起，浮力至少等于气球与球内空气重力之和，列出方程。气球温度升高，压强并没有变化，根据牛顿第二定律和盖吕萨克定律列出方程，联立即可求解加速度。

本题是热力学与力学的综合，要注意运用气态方程时，气体的质量应不变，即选择质量一定的气体为研究对象。

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