西藏拉萨中学高三物理下学期第七次月考试卷（含解析）

专题： 摩擦力专题．

分析： 根据f=μFN判断滑动摩擦力的大小，比较物体所受的合力，从而根据牛顿第二定律比较出物体的加速度．

解答： 解：三种情况下，物体所受的支持力都等于物体的重力，根据f=μFN，三种情况下滑动摩擦力的大小相等． 分别对P施加相互垂直的两个水平拉力F1和F2时，F1＞F2，摩擦力相等，根据牛顿第二定律a=，知a1＞a2．当同时施加相互垂直的两个水平拉力F1和F2时，合力为

，则a3＞a1＞a2．故C正确，ABD正确．

故选：C

点评： 解决本题的关键知道物体所受的支持力不变，则摩擦力大小不变，根据物体所受合力的大小比较加速度的大小． 3．（6分）（2015春?城关区校级月考）宇宙飞船以周期为T绕地球作圆周运动时，由于地球遮挡阳光，会经历“日全食”过程（宇航员看不见太阳），如图所示．已知地球的半径为R，地球质量为M，引力常量为G，地球自转周期为T0，太阳光可看作平行光，飞船上的宇航员在A点测出对地球的张角为α，则以下判断不正确的是（ ）

A． 飞船绕地球运动的线速度为

B． 一天内飞船经历“日全食”的次数为 C． 飞船每次“日全食”过程的时间为 D． 飞船周期为T=

考点： 万有引力定律及其应用；线速度、角速度和周期、转速． 专题： 万有引力定律的应用专题．

分析： 宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，由飞船的周期及半径可求出飞船的线速度；同时由引力提供向心力的表达式，可列出周期与半径及角度α的关系．当飞船进入地球的影子后出现“日全食”到离开阴影后结束，由地球的自转时间与宇宙飞船的转动周期，可求出一天内飞船发生“日全食”的次数；所以算出在阴影里转动的角度，即可求出发生一次“日全食”的时间

解答： 解：A、飞船绕地球匀速圆周运动∵线速度为v=

…①

- 9 -

又由几何关系知 sin（ 由①②解得：v=

）=…②

，故A正确；

B、地球自转一圈时间为To，飞船绕地球一圈时间为T，飞船绕一圈会有一次日全食，所以每过时间T就有一次日全食，得一天内飞船经历“日全食”的次数为，n=

故B正确；

，

C、由几何关系，飞船每次“日全食”过程的时间内飞船转过α角所需的时间为：t=故C错误．

D、万有引力提供向心力则：

得：

=

，

故D正确

因选不正确的，故选：C

点评： 该题要求能够熟练掌握匀速圆周运动中线速度、角速度及半径的关系，同时理解万有引力定律，并利用几何关系得出转动的角度．题目难度适中． 4．（6分）（2014?日照一模）如图所示，T为理想变压器，副线圈回路中的输电线ab和cd的电阻不可忽略，其余输电线电阻可不计，则当开关S闭合时（ ）

A． B． C． D． 考点： 变压器的构造和原理． 专题： 交流电专题．

分析： 输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．

解答： 解：当开关S闭合时，整个电路电阻变小，电压表V1的示数不变，A2的示数变大，输电线ab和cd的电压增大，所以V2的示数变小，A3的示数变小．由于输出功率增大，所以输入功率增大，A1的示数增大．故只有选项B正确．ACD错误 故选：B

点评： 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．

交流电压表V1和V2的示数一定都变小 交流电压表只有V2的示数变小

交流电流表A1，A2和A3的示数都变大 交流电流表A1，A2和A3的示数都变小

- 10 -

5．（6分）（2015春?城关区校级月考）如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的圆弧轨道．半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知AP=2R，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中错误的是（ ）

A． C．

重力做功mgR B． 机械能减少

克服摩擦力做功mgR D． 合外力做功mgR

考点： 动能定理；功的计算． 专题： 动能定理的应用专题．

分析： 由功的计算公式可以求出重力做的功；

小球在最高点时恰好对轨道没有压力，则重力提供向心力，由牛顿第二定律可以求出小球在B点的速度；

由动能定理可以求出合外力做的功，可以求出克服摩擦力做的功，克服摩擦力做的功等于小球机械能的减少．

解答： 解：A、重力做的功WG=mgh=mgR，故A正确；

B、小球在B时恰好对轨道没有压力，重力提供向心力，由牛顿第二定律得：mg=m

2

，vB=，

从P到B的过程，由动能定理可得：mgR﹣Wf=mvB﹣0，Wf=mgR，则物体机械能较少mgR，故B错误；

C、由B可知，克服摩擦力做功mgR，故C正确；

D、由动能定理可得，合外力做的功W=mvB=mgR，故D错误；

本题选错误的，故选：D．

点评： 小球在B点对轨道没有压力，则小球做圆周运动的向心力由重力提供，摩擦力做功使物体的机械能减少，熟练应用动能定理即可正确解题． 6．（6分）（2015春?城关区校级月考）如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与两电池相连，在距离两板等远的M点有一个带电液滴处于静止状态．若将b板向下平移一小段距离，稳定后，下列说法中正确的是（ ）

2

- 11 -

A． 液滴将加速向下运动

B． M点电势升高，液滴在M点时电势能将增大 C． M点的电场强度变小了

D． 在b板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同 考点： 带电粒子在匀强电场中的运动． 专题： 带电粒子在电场中的运动专题．

分析： 电容器与电源相连，板间电压不变；根据极板的移动方向可知电容器内电场强度的变化，得出带电粒子的受力变化，从而判断其运动状态；由U=Ed判断电势的变化，从而得出电势能的变化．

解答： 解：A、C、原来液滴受力平衡，则知所受的电场力向上，液滴带负电．电容器与电源相连，板间电压不变．将b板向下平移时，两板间的距离增大，由E=分析可知： 板间电场强度减小，粒子受到的电场力减小，故液滴将加速向下运动；故A、C正确；

B、下极板接地，电势为零，M点的电势等于M与b之间的电势差．由U=Ed可知，因E减小，d增大，则M点的电势减小；故B错误；

D、因两板间的电势差不变，由W=Qq知，前后两种状态下移动电荷时，电场力做功相同，故D正确；

故选：ACD．

点评： 本题分析时，要抓住平行板电容器的与电源保持相连，电容器板间电压保持不变，根据E=分析板间场强的变化和M与下极板电势差的变化是关键．

7．（6分）（2015春?城关区校级月考）如图，两个初速度大小相同的同种离子a和b，从o点沿垂直磁场方向进人匀强磁场，最后打到屏P上．不计重力．下列说法正确的有（ ）

考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动． 专题： 带电粒子在磁场中的运动专题．

A． a、b均带负电

B． a在磁场中飞行的时间比b的长 C． a在磁场中飞行的路程比b的短

D． a在P上的落点与o点的距离比b的近

- 12 -