2015天津市高考物理试卷（纯word详解版）

A． 保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变大 B． 保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表读数变小 C． 保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变大 D． 保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表读数变小

考点： 变压器的构造和原理． 专题： 交流电专题．

分析： 保持Q位置不动，则输出电压不变，保持P位置不动，则负载不变，再根据变压器的特点分析． 解答： 解：AB、在原、副线圈匝数比一定的情况下，变压器的输出电压由输入电压决定．因此，当Q位置不变时，输出电压不变，此时P向上滑动，负载电阻值增大，则输出电流减小，电流表的读数I变小，故A错误，B正确；

CD、P位置不变，将Q向上滑动，则输出电压变大，输出电流变大，则电流表的读数变大，故C正确，D错误； 故选：BC．

点评： 本题的关键在于P位置不动时 总电阻不变，Q不变时输出电压不变，完全利用变压器特点． 7．（6分）（2015?天津）如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上．整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么（ ）

A． 偏转电场E2对三种粒子做功一样多 B． 三种粒子打到屏上时的速度一样大 C． 三种粒子运动到屏上所用时间相同 D． 三种粒子一定打到屏上的同一位置

考点： 带电粒子在匀强电场中的运动． 专题： 带电粒子在电场中的运动专题．

分析： 由动能定理定理可求得粒子进入偏转电场时的速度，再对运动的合成与分解可求得偏转电场中的位移；再由几何关系可明确粒子打在屏上的位置．

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解答： 解：带电粒子在加速电场中加速度，由动能定理可知：E1qd=mv；

解得：v=；

粒子在偏转电场中的时间t=； 在偏转电场中的纵向速度v0=at=

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纵向位移x=at=

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；即位移与比荷无关，与速度无关；

由相似三角形可知，打在屏幕上的位置一定相同，到屏上的时间与横向速度成反比； 故选：AD．

点评： 本题考查带电粒子在电场中的偏转，要注意偏转中的运动的合成与分解的正确应用．

8．（6分）（2015?天津）P1、P2为相距遥远的两颗行星，距各自表面相同高度处各有一颗卫星s1、s2做匀速圆周运动．图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a，

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横坐标表示物体到行星中心的距离r的平方，两条曲线分别表示P1、P2周围的a与r的反比关系，它们左端点横坐标相同．则（ ）

A． P1的平均密度比P2的大

B． P1的“第一宇宙速度”比P2的小 C． s1的向心加速度比s2的大 D． s1的公转周期比s2的大

考点： 万有引力定律及其应用． 专题： 万有引力定律的应用专题．

分析： 根据牛顿第二定律得出行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a的表达式，

结合a与r的反比关系函数图象得出P1、P2的质量和半径关系， 根据密度和第一宇宙速度的表达式分析求解；

根据根据万有引力提供向心力得出周期表达式求解．

解答： 解：A、根据牛顿第二定律，行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度为：a=

，

2

2

它们左端点横坐标相同，所以P1、P2的半径相等，结合a与r的反比关系函数图象得出P1的大于P2的质量，根据ρ=

，所以P1的平均密度比P2的大，故A正确；

B、第一宇宙速度v=

，所以P1的“第一宇宙速度”比P2的大，故B错误；

，所以s1的向心加速度比s2的大，故C正确；

C、s1、s2的轨道半径相等，根据a=

D、根据根据万有引力提供向心力得出周期表达式T=2π故D错误； 故选：AC．

，所以s1的公转周期比s2的小，

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点评： 解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、周期、加速度与轨道半径的关系，并会用这些关系式进行正确的分析和计算．该题还要求要有一定的读图能力和数学分析能力，会从图中读出一些信息．就像该题，能知道两个行星的半径是相等的．

三、实验填空题（共3小题，每小题4分，满分18分） 9．（4分）（2015?天津）如图所示，在光滑水平面的左侧固定一竖直挡板，A球在水平面上静止放置，B球向左运动与A球发生正碰，B球碰撞前、后的速率之比为3：1，A球垂直撞向挡板，碰后原速率返回，两球刚好不发生第二次碰撞，A、B两球的质量之比为 4：1 ，A、B碰撞前、后两球总动能之比为 9：5 ．

考点： 动量守恒定律． 专题： 动量定理应用专题．

分析： 设开始时B的速度为v0，由题得出B与A碰撞后A与B的速度关系，然后由动量守恒定律即可求出质量关系，由动能的定义式即可求出动能关系．

解答： 解：设开始时B的速度为v0，B球碰撞前、后的速率之比为3：1，A与挡板碰后原速率返回，两球刚好不发生第二次碰撞，所以碰撞后A与B的速度方向相反，大小相等，

A的速度是，B的速度是

，选取向左为正方向，由动量守恒定律得：

整理得：

碰撞前的动能：碰撞后的动能：

=

所以：

故答案为：4：1，9：5

点评： 该题考查水平方向的动量守恒定律，从题目给出的条件中判断出碰撞后A与B的速度方向相反，大小相等是解答的关键． 10．（4分）（2015?天津）某同学利用单摆测量重力加速度． ①为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是 BC ． A．组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球 B．组装单摆须选用轻且不易伸长的细线 C．实验时须使摆球在同一竖直面内摆动

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D．摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大

②如图所示，在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约1m的单摆．实验时，由于仅有量程为20cm、精度为1mm的钢板刻度尺，于是他先使摆球自然下垂，在竖直立柱上与摆球最下端处于同一水平面的位置做一标记点，测出单摆的周期T1；然后保持悬点位置不变，设法将摆长缩短一些，再次使摆球自然下垂，用同样方法在竖直立柱上做另一标记点，并测出单摆的周期T2；最后用钢板刻度尺量出竖直立柱上两标记点之间的距离△L．用上述测量结果，写出重力加速度的表达式g=

．

考点： 用单摆测定重力加速度． 专题： 实验题．

分析： ①为减小实验误差应选择密度大而体积小的球作为摆球，选用轻质细线做摆线，当单摆摆角小于5°时单摆的运动是简谐运动，根据实验注意事项分析答题； ②应用单摆周期公式求出重力加速度的表达式．

解答： 解：①A、为减小空气阻力对实验的影响，减小实验误差，组装单摆须选用密度大而直径都较小的摆球，故A错误；

B、为减小实验误差，组装单摆须选用轻且不易伸长的细线，故B正确；

C、实验时须使摆球在同一竖直面内摆动，不能使单摆成为圆锥摆，故C正确；

D、单摆摆角最大摆角应小于5°，摆长一定的情况下，摆的振幅尽量小些，故D错误；故选BC．

②由单摆周期公式，根据题意看得：T1=2π，T2=2π

，解得：g=；

故答案为：①BC；②．

点评： 本题考查了实验注意事项、求重力加速度，知道实验原理与实验注意事项、应用单摆周期公式即可正确解题，本题是一道 基础题，要注意基础知识的学习与掌握． 11．（10分）（2015?天津）用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组（电动势约4.5V，内电阻约1Ω）的电动势和内电阻，除待测电池组、电键、导线外，还有下列器材供选用：

A．电流表：量程0.6A，内电阻约1Ω B．电流表：量程3A，内电阻约0.2Ω

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