高中化学 第三章 第三节 羧酸 酯(第3课时)习题课 新人教版选修5

不符合题意；④：在稀H2SO4存在下发生水解后，转化为

，加NaHCO3时，只能与—COOH反应，使其转化为，

故④符合题意。]

4．D [由(2)知，该物质中不含酸性物质；由(1)知该物质中含有醛基；由(3)知含有酯类物质。综合分析，该物质中含有甲酸乙酯，不含甲酸、乙酸，无法确定是否含有甲醇。]

5．B [对比甲、乙两种物质的结构，二者均含有一个羧基和一个酯基，但甲中的酯基为酚酯基，其水解过程中消耗的NaOH的物质的量是一般酯基的2倍，故1 mol甲消耗3 mol NaOH，而1 mol乙消耗2 mol NaOH。]

6．A [从所给三种化合物的结构看出：丁香酚含有酚羟基和，肉桂酸含

有

，而乙酰水杨酸无，故可用②和③鉴别。]

7．C [根据结构中含—COOH，且酸性CH3COOH>H2CO3，推断能与Na2CO3溶液反应，故A

正确；结构中含,1 mol该有机物水解后可得2 mol 3，4,5-三羟基苯甲酸，故B正确；从其水解反应方程式：

，可知1 mol该有机物最多能与8 mol NaOH

反应，故C错误；该有机物除发生水解反应外，还可以发生酯化反应(因为含—COOH)，而这2种反应均可看作是取代反应，故D也是正确的。]

8．B [酯化反应过程中若生成一个酯基则脱去一分子水，根据元素守恒可计算酸、醇或酯的分子式：

C32H49O2 ＋ H2O －__C25H45O C7H6O2

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即酸为C6H5COOH。]

9．B [不防设化合物A为R—OH，相对分子质量为M，则发生的酯化反应方程式为

CH3COOH＋HO—RCH3COOR＋H2O M M＋60－18 (10－1.3)g 11.85 g

MM＋60－18

＝

10－1.3g11.85 g解得：M＝116。]

10．C [乙酸的分子式为C2H4O2，链状单烯烃的通式为CnH2n(n≥2)，混合物中C和H的

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质量分数之和为(1－a)，两类物质中m(C)∶m(H)＝6∶1，故混合物中碳的质量分数是(1－

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a)。]

11．C [本题考查有机物的性质。A项M的分子式为：C9H6O4，其相对分子质量是178；B项1 mol M最多能与3 mol Br2发生反应，除了酚羟基邻位可以发生取代反应，还有碳碳双键可以发生加成反应；C项除了酚羟基可以消耗2 mol NaOH，酯基水解也消耗1 mol NaOH，水解又生成1 mol酚羟基还要消耗1 mol NaOH，所以共计消耗4 mol NaOH；D项酚与碳酸氢钠不反应。所以此题选择C。]

12．C [烃只含C、H两种元素，故A错；1 mol迷迭香酸最多能和7 mol H2发生加成反应，故B错；1 mol迷迭香酸最多能和6 mol NaOH反应，故D错；迷迭香酸分子中含有羧基、酯基、酚羟基，故能发生水解反应、取代反应、酯化反应。]

13．(1)CH3(CH2)2COOH(其他合理答案均可)

浓H2SO4

(2)①C2H5OH――→CH2===CH2↑＋H2O 消去反应 170℃

催化剂

②2CH3CHO＋O2――→2CH3COOH 氧化反应 △

③CH3COOH＋C2H5OHCH3COOC2H5＋H2O 酯化反应(或取代反应)

解析 1 mol A与Na反应生成0.5 mol H2，但不与NaOH反应，说明A为一元醇；B为醇A消去生成的烯，C为醛，D为羧酸。D与A反应生成分子式为C4H8O2的酯，则A分子中含2个碳原子。A为C2H5—OH。

(4)加成反应(或还原反应) 取代反应

(5)CH3CH===CHCH===CH2(或写它的顺、反异构体)、 CH3CH2C≡CCH3

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(6)

解析 由②的反应条件判断F分子中有2个—Br，据③的反应条件可知G为二元醇，根据反应④的反应物及H的分子式判断G分子结构中碳原子数为5，因烃A有支链且只有一个官能团，1 mol A完全燃烧消耗7 mol O2，则A的分子式为C5H8，结构简式为

各物质的转化关系为：

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