南通市2018届高三物理第三次调研测试答案(1)

南通市2018届高三第三次调研测试

物理参考答案及评分标准

一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．

1．B 2．D 3．D 4．C 5．B

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部

选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得O分． 6．AD 7．AB 8．BC 9．ACD

三、简答题：本题共3小题，共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置． 10．（8分）（1）2.70（2分）

(m?M)d2（2）（2分）

2t2（3）B（2分）

（4）气垫导轨右端偏高（2分） Rx A 11．（10分）（1）×1k（2分）

（2）A1（2分） 如图所示（2分）

+ （3）黑（2分） 电流表“+”与氧化- 直流 膜电阻的左接线柱间的连接发生电源 断路（2分） 第11题答图 12．A(选修模块3-3)(12分)

（1）BD（3分，漏选得1分） （2）降低（2分） 降低（2分）

（3）①由玻意耳定律有 p0V0?(p0?

解得 V?V F)V S

（1分） （1分） （1分） （1分） （1分）

1V0 3

②密闭气体的摩尔数 n0??0V0MnN 单位体积内的分子数 n?0A

V3?0NA 解得 n?

M

B(选修模块3- 4)(12分)

（1）AD（3分，漏选得1分） （2）8.5×10-3（2分） 大于（2分） （3）①激光的光路图如图所示 由几何关系可知折射角 θ2=30°

由折射定律有 n?A θ1 B θ2 O D θ2 θ1 sin?1 （1分） sin?2（1分）

第12B(3)题图

解得 n?3?1.7 3

②激光在介质中传播的距离 s?3R 传播的速度 v?

（1分） （1分）

c n

则 t?s3R? vc （1分）

C(选修模块3-5)(12分)

（1）AC（3分，漏选得1分） （2）增加（2分） 减小（2分） （3）①冰车在碰撞过程由动量定理有 ?I?m1(?v1)?m1v1 （1分）

解得 I?140N?s （1分）

②设小孩推出冰车后与滑板共同运动的速度为v，由动量守恒定律有

（1分） (m1?m2)v0?m1v1?m2v

解得 v??1.0m/s

（1分） （1分）

由于v?v1，故冰车能追上小孩

四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演

算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 13．（15分）解：（1）导体棒ab产生的最大感应电动势

Em?BLv?BL?r （1分）

受到的安培力最大值 Fm?EmLB

R?R0

（1分）

B2L2?r解得 Fm?

R?R0（2）通过电阻R的电流 I?

电压表的示数 U?IR 解得 U?

（2分） （1分） （1分） （1分）

Em

2(R?R0)2BL?rR

2(R?R0)

导体棒从环的最低点运动到与环心等高处过程产生的平均感应电动势

E?

?? ?t

（1分） （1分）

通过电阻R的电荷量 q?I??t?磁通量的变化量 ???BLr 解得 q?E?? tR?R0

BLr

R?R0

2

（1分） （1分） （2分） （2分）

（3）此过程安培力做的功 W安??I(R?R0)?

由动能定理有 W?W安?mg?2r?0

? ?

r解得 W?2mg???B2L2r22(R?R0)

14．（16分）解：（1）设此时绳AO中的拉力大小FA，由平衡条件有

F1?FAcos60??FBcos60??0

（1分） （1分） （2分）

FAsin60??FBsin60??mg?0

代入数据解得 FB?15N

（2）设绳BO拉断时，物体仍在原来位置，则拉断前瞬间水平和竖直方向的分力分别为 （1分） Fmx?Fmcos60??10N

Fmy?Fmsin60??103N

（1分）

由于Fmy?mg，说明物体仍在原来位置，此时绳AO中的拉力大小为0． 水平方向由平衡条件有

F2?Fmx?10N

（1分）

绳BO被拉断后，物体做圆周运动，拉断时加速度方向沿圆切线方向，则 （2分） F2sin60??mgcos60??ma

2s 解得 a?10m/ （1分） （3）设绳AO向左摆到与水平方向的夹角为θ时，物体运动的速度最大，则 （1分） F2sin??mgcos??0

F2(Lcos60??Lcos?)?mg(Lsin??Lsin60?)?

12mvm （1分） 2

（1分）

解得 vm?10m/ s

设绳AO向左摆到与水平方向的夹角为α时，物体到达最高点，则 （1分） F2(Lcos60??Lcos?)?mg(Lsin??Lsin60?)?0

（1分） （1分） （2分） （2分） （1分）

h?Lsin60??Lsin?

解得 h?7.5m 15．（16分）解：（1）设电子经加速电压加速后的速度为v0，则

12mv0，L?v0t 2m解得 t?L?

2eU0

eU0?

（2）电子在板间运动的加速度 a?eu 3Lm?4

能飞出的电子打到坐标纸上的偏距 y?解得 y?123atat?L? 22v0

（1分）

4Lu2??3Lsin(t) 3U0T

设当M、N两板间电压为U时，电子从水平金属板右边缘飞出，则

3L12?at 829解得 U?U0

8

（1分）

故在一个周期中的

y 15L8T5T7T11T~~、时间内，电子打在M、N板上，画出12121212电子打到坐标纸上的点形成的图线如图所示(正弦曲线的一部分)．（3分）

O ?15L8S2 x s （丙） 第15题答图

（3）设从N板右端下边缘飞出时的电子速度与水平方向的夹角为θ，速度大小为v，则

tan??vat， v?0

cos?v0352eU0，v?? 44m

（2分）

??解得 tan①当匀强磁场方向垂直于纸面向外时，电子打不到圆筒坐标纸上，磁场的磁感应强

度为B1，电子做圆周运动的轨道半径为r1，则

3Lv2r1?r1sin??，evB1?m

2r1O1 θ r1

42emU015L，B1? （1分） 163eL42emU0应满足的条件 B? （1分）

3eL解得 r1?第15(3)题答图①

②当匀强磁场方向垂直于纸面向里时，电子打不到圆筒坐标纸上，磁场的磁感应强度为B2，电子做圆周运动的轨道半径为r2，则

3L23L15L2v22(r2sin??)?(r2cos???)?r2，evB2?m

288r2

（1分） （1分）

2emU015L，B2? 26eL2emU0应满足的条件 B?

6eL解得 r2?θ r2 r2 O2 第15(3)题答图②